错误。6.AC【解析】电磁波可以传递信息（如电视信号），声波也可以传递信息（如人说话），A项正确；手机用电磁波传递信息，B项错误；数码信号加载到高频振动信号上是调制，C项正确；手机通信利用的电磁波是无线电波，无线电波的穿透能力较差，D项错误。7.BD【解析】由右手定则得，线圈从水位置逆时针转过30°时，感应电流的方向为DCBA,A项错误；AB、CD两边垂直切割磁感线（辐向磁场），产生的感应电动势的大小为，nBL1L2w,B项正确、C项错误；由左手定则，可知此时AB受到的安培力斜向左上方（与辐向磁场垂直），大小为nBIL1,D项正确。8.BC【解析】本题考查交流电定义式及楞次定律。由感应电流的产生条件可知，磁极刚开始旋转时，穿过线圈的磁通量不变，所以线圈中没有产生感应电流，当磁极旋转60°之后，线圈中才有感应电流产生，故电流是不连续的，A项错误；在磁极转动号s的过程中，其转动角度为120°，磁感线从正面穿入线圈变为从正面穿出线圈，磁通量的变化量△Φ=2BS有效=2×1×(1×2)Wb-4W,又9一N会-4C,B项正确；若磁极转动时，线圈上产生正弦式交流电，则产生的热量可以由1有数=二Q=1有微R来进行计算，转动一图产生热量Q=1有效R·n1.6×10xJ,但磁极旋转一周过程中只有写的时问内线圈中有电流流过，故产生的热量少于Q,C项正确；根据感应电动机的原理，可以判断线圈会跟随磁极转动，D项错误。9.(1)C(3分)(2)AC(3分)(3)D(3分)(4)9(3分)【解析】(1)实验中需要交流电源和交流电压表（多用电表），不需要干电池和滑动变阻器。(2)变压器铁芯漏磁，会导致原、副线圈的电压比与匝数比有差别；原线圈输入电压发生变化，不会影响电压比和匝数比；电流通过原、副线圈产生热量，会使变压器的输入电压与输出电压的测量值与线圈产生的感应电动势产生差别，从而导致电压比与匝数比有差别，A、C项正确。《③)若变压器是理想交压器，则变压器原，副线阁两端的电压与质数的关系为是一分。交压器的原线圈接“0”和“8”两个接线柱，副线圈接“0”和“4”两个接线柱，可知原、副线圈的匝数之比为2：1，副线圈两端的电压为3V,则原线圈两端的电压U1=2×3V=6V,考虑到实际的变压器不是理想变压器，有漏磁等现象，则原线圈所接的电源电压大于6V,可能为6.5V。(4)把变压器和R等效为一个电阻R1,R。看成电源的内阻，当内、外电阻相等，即R1=R。时，☆·112：【24·G3AB(新高考)·物理·参考答案一R一必考一QGA一N】

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图像，下列说法正确的是y/cm100）x/m1.5t/s-10甲A.该波沿x轴负方向传播，波速为5m/sB.在0.6s内质点P运动的路程为3mC.质点P在t=0.5s时刻的位移为5cmD.当测井仪运动时，接收到该波的频率为Hz611.我国水力资源居世界首位，西部地区水力发电潜力巨大。水力发电的基本原理就是将水流的机械能（主要指重力势能）转化为电能。如图所示，某小型水力发电站水流量Q5m3/s(流量是指流体在单位时间内流过某一横截面的体积)，落差h=12.5m,发电机（内阻不计）的输出电压U=400V,输电线总电阻r=102,为了减小损耗采用了高压输电。在发电机处安装升压变压器，而在用户处安装降压变压器，其中3：n4=475:11,用户获得的电压U4=220V,用户消耗的功率P4=475kW,变压器均视为理想变压器，己知水的密度p=1.0×103kg/m3,取重力加速度g=10m/s2。下列说法正确的是23用电器升压变压器降压变压器A.输电线损失的电压为180VB.输电线损失的电功率为25kWC.升压变压器原副线圈的匝数比n1：n2=4：95aD.机械能转化为电能的效率为80%12.如图所示，两个等量正点电荷固定于M、N两点，边长与MN⊕N之间距离相等的正方形abcd位于与M,N连线垂直的面上，e、Oe、f分别是ad、bc的中点，O恰好是MN和ef的中点。已知M点电荷电场中某点电势口=k9,Q为点电荷的电荷量，r为电场中某点到点电荷的距离，k为静电力常量。下列说法正确的是A.b、d两点电场强度不相同B.沿正方形abcd四边移动电荷，电场力不做功C.O点与e点的电势差等于e点与a点的电势差D.将试探电荷十q由a点沿直线ac移动到c点，其电势能先增大后减小4

三、计算题：本题共2小题，共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。10.(17分)如图所示，劲度系数=50N/m的弹簧竖直固定于地面上，另一端连接物体A,物体B置于A上（不粘连），A、B质量均为m=1kg且都可看成质点，整个装置处于静止状态。现对B物体施加方向竖直向上、大小F=10N的恒力使A、B开始运动直至A、B分离，重力加速度g=10m/s2。求：(1)A、B两物体从开始运动到分离时上升的高度。(2)A、B两物体分离时的速度大小。11.(23分)包装车间内的货物打包装置的一部分如图所示，质量m=1kg的货物（可视为质点）以初速度%=4/s从倾斜传送带的最上端A处滑下，到达传送带下端B处时滑上停在此处的货斗中，立即与货斗一起向左运动，到达水地面上P点时货物迅速被机械手取出，同时货斗与P处的弹性装置发生碰撞被原速弹回，恰好回到B处停下接送下一件货物。已知传送带以v=8m/s的速度逆时针匀速转动，传送带A、B端之间的距离L=11.4m,传送带与水面间封的夹角0=37°，货物与传送带间的动摩擦因数以=0.5，货斗与水地面间的动摩擦因数=0.1,货斗的质量也为m=1kg,忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：(1)货物在传送带上的运动时间。(2)P点到传送带B点的水距离L及在传送带A端释放货物的最短时间间隔△t。(3)每一个货物在传送带上运动过程中，系统产生的热量。BK型错误（知识型错误）S型错误（技能型错误）错误内容涉及题序失分失分S试卷分析错误类型涉及题序【24·G3AB(新教材老高考)·物理（十五）一R一必考-Y】

12.(1C2分)(2)号f(d-d)2分)号P(d-2d)(2分)(3)小(2分)解析：(1)电磁打点计时器的使用的是约8V的交流电源，选项A正确；将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连，选项B正确；实验开始时，先接通打点计时器电源，再释放小车选项℃错误；打点结束后，为保护打点计时器，应先断开电源，再取下纸带，选项D正确；故只有选项C符合题意.(2)打点计时器的打点周期为T=子，打D点时的速度0-票=令f(d,一d);为了充分利用数据，减小误老，应采用逐差法计算加速度，即a=d}-4=)r(d-2d,).9T2(3③)由(2)中分析可知，a一号产(d。一2d),实际频率大于f则测量值所用的f偏小，导致加速度的测量值偏小.13.解：1)乘务员从车尾到车头花的时间=1分)●乘务员相对地面的速度3=o十(2分)乘务员相对地面发生的位移大小x=t1(1分)解得x1=20200m(1分)(2)乘务员从车头返回车尾，有2=L(1分)02乘务员相对地面的速度4=o一2(1分)该过程中相对地面的位移大小x2=4t2(1分)乘务员从车尾到再次返回车尾的路程s=x1十x2(1分)解得s=30000m(1分)14.解：(1)潜水器下潜经历匀加速、匀速、匀减速三个阶段，加速和减速过程中，有2ax=(2分)且v=at(1分)在匀速阶段，有h一2x=t2（1分)潜艇下潜的最短时间t=2t1十t2(1分)解得x=16m,t1=8s,t=33s(1分)【高一年级9月调研考试·物理参考答案第3页（共4页）】241043D

12.(1C2分)(2)号f(d-d)2分)号P(d-2d)(2分)(3)小(2分)解析：(1)电磁打点计时器的使用的是约8V的交流电源，选项A正确；将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连，选项B正确；实验开始时，先接通打点计时器电源，再释放小车选项℃错误；打点结束后，为保护打点计时器，应先断开电源，再取下纸带，选项D正确；故只有选项C符合题意.(2)打点计时器的打点周期为T=子，打D点时的速度0-票=令f(d,一d);为了充分利用数据，减小误老，应采用逐差法计算加速度，即a=d}-4=)r(d-2d,).9T2(3③)由(2)中分析可知，a一号产(d。一2d),实际频率大于f则测量值所用的f偏小，导致加速度的测量值偏小.13.解：1)乘务员从车尾到车头花的时间=1分)●乘务员相对地面的速度3=o十(2分)乘务员相对地面发生的位移大小x=t1(1分)解得x1=20200m(1分)(2)乘务员从车头返回车尾，有2=L(1分)02乘务员相对地面的速度4=o一2(1分)该过程中相对地面的位移大小x2=4t2(1分)乘务员从车尾到再次返回车尾的路程s=x1十x2(1分)解得s=30000m(1分)14.解：(1)潜水器下潜经历匀加速、匀速、匀减速三个阶段，加速和减速过程中，有2ax=(2分)且v=at(1分)在匀速阶段，有h一2x=t2（1分)潜艇下潜的最短时间t=2t1十t2(1分)解得x=16m,t1=8s,t=33s(1分)【高一年级9月调研考试·物理参考答案第3页（共4页）】241043D

作品都部分地不完整，要将、烧发瑰伟大作品都存在道德。花就足比德以7见棉太作品的重要组成部分。这也印证了愈是好作品想能阿花思说过：小说的张力来自省略。正如二个雕塑大师完成一件作品，着话怎么看？是什么，接下来要做的，只是别除多余的部分。所有艺术品：。具张力。这也正是一部作品的价值所在。老无之以为用。”作家的作品是“器”，有用的能力》)八离为100口三次月考4.如图所示，某同学正推着“擦窗神器”在竖直玻璃窗上匀速向上运动，推力的大小为F、方向与A.“7:3竖直方向的夹角为a(0°

作品都部分地不完整，要将、烧发瑰伟大作品都存在道德。花就足比德以7见棉太作品的重要组成部分。这也印证了愈是好作品想能阿花思说过：小说的张力来自省略。正如二个雕塑大师完成一件作品，着话怎么看？是什么，接下来要做的，只是别除多余的部分。所有艺术品：。具张力。这也正是一部作品的价值所在。老无之以为用。”作家的作品是“器”，有用的能力》)八离为100口三次月考4.如图所示，某同学正推着“擦窗神器”在竖直玻璃窗上匀速向上运动，推力的大小为F、方向与A.“7:3竖直方向的夹角为a(0°

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第川卷（非选择题共55分）二、综合题(3个大题，共55分)16.(改编)定向越野运动是指运动员利用地图和指北针到达地图上所指示的各个点标，以最短时间按顺序到达所有点标及终点者为胜。北京某中学组织郊区定向越野活动，下图10为比赛用地图。读图回答下列问题。(22分)图例300等高线（米）河流小桥公路…小路回0村落△⊙比赛起、终点o1比赛点标0200米图10(1)估算图中两座小桥间段河流的长度，并简述图示地区的地形特征。(6分)(2)从点标6到点标7，有经验的选手往往会“含近求远”，不沿箭头直行，而选择小路行进，试分析沿小路行进的优势。(4分)(3)在某点标处服务的志愿者用手机拍摄子一张村落局部照片（下图11），请推测拍摄者最可能在2、3、7点标中的哪一个，并说明判断理由。(6分)图11(4)简述村落位置选择的理由。(6分)17.(改编)阅读图文材料，完成下列问题。（16分)材料一：塔拉滩地区土地沙漠化严重，每年从这里进入龙羊峡库区的流沙达3131万立方米。当地太阳辐射量丰富，近年来，建成了数十个光伏产业园。光伏产业的发展促进了塔拉滩地区生态环境改善，植被不断恢复。图12示意塔拉滩位置。青海湖30004000西宁00共和400030005000(塔拉滩4000o回城市○水域4000一等高线（米）☐水利枢纽一河流图12材料二：为保证塔拉滩地区发电的稳定性，国家电投集团黄河公司探索出了“水光互补”项目一光伏电站与龙羊峡水电站并网发电。(1)从地形与气候的角度，指出塔拉滩地区适宜建设光伏发电站的原因。(6分)(2)分析光伏产业发展有利于塔拉滩植被恢复的原因。(6分)(3)简述塔拉滩光伏产业和龙羊峡水电站的互补作用。（(4分)18.(改编)阅读材料，完成下列要求。（17分)