化学参考答案7.C8.A9.B10.D1l.C12.D13.Λ26.(15分，除第空为1分外，其余均为两分。)(I)浓H,SO:防止G中水张气进入E及C骏凰：将COC2排入装登G中并被充分吸收，回收尾气②)C装置内压强增大，A中导管内液面上升：对D处稍加热)CDC,+40r=c0+2Cr+2H,0④①15,85oy%②BD3m27.(12分，每空2分)(1)CaS0:和Si02(2)2Fe2*+C10+5H20=2F(OH)l+CI+4H*或2FC2+5CIO+H20=2Fe(OH)3+C+4HCIO操作：取反应后少量滤液于试管中，滴加KFe(CN)6]溶液，若无蓝色沉淀产生，说明NaClo已足量(3)3.5,(4)盐酸(5)冷却至30.8℃53.8℃之间结晶28.(16分，除标注外，.其余均为2分。)(I)低温高压增大NH的浓度等合理答案(1分)(2)①+72.5②第一步(1分)第一步的活化能小(3)①BD②<·>③；p时(4)①2C02+12e+12H*=C2H4+4H20阳(I分)35.(15分，除标注外，均为2分。)1(1分)3d4s(2)铜失去是全充满的3d10电子，镍失去的是4s电子(3)C20(1分)(4)①.正四面体形1分)②.O的电负性比N的大，对孤电子对的吸引力更强，H20与Cu2*的配位键比Ni3与Cu的配位弱(5)sp2(1分)224x64+4x56+8×32x10或28N7362a3.Na10或8N68x10036(15分，除标注外，均为2分。)(1)CH10(1分)羟基、醛基(1分)(2)取代反应（或水解反应）(1分)CWAg,O2,加热(1分)()COCH-CH-OH(4)nCOOH→CH:第3页，共4页

高一周测卷新教材·物理（人教版）·高一同步周测卷/物理（二十）一、单项选择题连线向右，C项正确。1.D【解析】电场强度大小和电势之间没有决定关系，7.D【解析】坐标原点O处的电势为0，A点处的电势电势为零的地方，电场强度不一定为零，电场强度为为6V,则OA的中点C点的电势为pc=0十必-2零的地方，电势不一定为零，A、B项错误；正电荷在电势高的地方具有的电势能大，负电荷在电势高的地3V=P,所以BC连线为等势线，场强与等势线垂方具有的电势能小，C项错误；同一点电荷仅受电场直，由于沿着电场线方向电势降低，所以场强方向垂力作用时，在电场强度大的地方，受到的电场力大，故直BC逢线斜向下，场强大小为E=日=加速度大，D项正确。3V/m=100W2V/m,D项正确。2.C【解析】电场线的疏密程度反映电场强度的大小，3Xc0s45°×10-2电场线越密集，场强越大，电场线越稀疏，场强越小，y/cm因此EApB,C项正确。x/cm3.A【解析】在同一静电场中，某点电场线越密集，该C A(6 cm,0)点的电场强度越大，a点的电场线比b点的电场线密二、多项选择题集，故a点的电场强度大于b点的电场强度，B项错8.BD【解析】从粒子的轨迹可以分析出，电场力指向误；导体P处于静电场中，达到静电衡，导体P内粒子运动轨迹的凹侧，即点电荷的电性与该粒子的电部的电场强度处处为零，故导体P内部的电场强度性相同，所以点电荷带正电，在同一等势线上电势相小于a点的电场强度，C项错误；处于静电衡的导同，故粒子在a、c两处具有的电势能相同，A项错误，体是一个等势体，导体表面为等势面，又因为沿着电D项正确；粒子从a运动到c电场力做功为0，动能变场线的方向电势逐渐降低，可知a点的电势高于b点化量为0，故粒子在a、c两处的动能相同，B项正确；的电势，根据E。=q9可知，负电荷在电势越高的位a、c两处的电场强度大小相等，方向不同，C项错误。置，电势能反而越低，A项正确，D项错误。9.BD【解析】电场线虽然为直线，但并不一定为匀强4.B【解析】由图可知，A、B两点之间的电势差UAB=电场，A项错误；沿电场线方向电势降低，故b点电势ELcos日=4×104V,解得E=2×105V/m,B项正确。高于a点电势，B项正确；正电荷在电势高的地方电5,A【解析】a、b两点间的电势差U=W血=势能大，C项错误，电荷由静止释放后，电场力做正3×10-2功，电势能减小，D项正确。×10=V=6×102V,由于电场力对该电荷做正功，10.AD【解析】电子从A点移到B点的过程中，电子所以电势能减少了3×10-？J,A项正确。克服电场力做功为l0eV,则UAs=pA一pB=6.C【解析】由题意可知，各点的电势分别为p=-10eY=10V,从A点移到C点的过程中，电场力-e5V,pB=2V,c=1V,则AC的中点G点的电势为3V,AB连线上离B点号AB处的F点的电势为3V,对电子做功为10eV,则Ue=g一e=10y-故G、F两点的连线为等势线。场强与等势线垂直，-10V,且0=匹=PA,所以AD连线为等势2由于沿着电场线方向电势降低，故场强方向垂直G℉：线，场强与等势线垂直，由于沿着电场线方向电势降·3

②标准状况下11.2LO2的物质的量为0.5mol,参与反应转移电子的物质的量为0.5mol×4=2mol,根据HCOO+2OH一2e一HCO3十H2O反应可知，负极区消耗燃料HCOOH的物质的量为1mol,其质量为1mol×46g·mol-1=46g。(3)Ag2O2是银锌碱性电池的正极，得电子发生还原反应，AgO2转化为Ag;锌作负极，失电子发生氧化反应转化为K2Zn(OH)4,所以银锌碱性电池的电池点反应为Ag2O2十2Zn+4KOH+2H2O=2K2Zn(OH)4+2Ag。

9.如图所示，在空间坐标系O-y2中，存在着电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场（图中都未画出)，方向均沿y轴负方向。一质量为m电荷量为+q的油滴从O点以速度v沿x轴正方向进入复合场，关于油滴的运动下列说法正确的是A.若Bvg=mg,则油滴做匀速直线运动B.若Eg=mg,则油滴做匀速圆周运动第9题图C.若Bvg=mg,则油滴做类抛运动D.无论如何，油滴都不可能做匀变速曲线运动10.如图所示为用玻璃做成的一块棱镜的截面图，其中ABOD是矩形，OCD是半径为R的四分之一圆弧，圆心为O。一束红色激光从AB面上的某点入射，入射角0=60°，它进入棱镜后恰好以临界D角射在BC面上的O点，部分光路图如图所示，下列说法正确的是A.红色激光有可能在CD边发生全反射B.红色激光在棱镜中的折射率为B0(2第10题图C.‘红色激光在棱镜中传播速度是真空中的√3倍D,若入射角不变，换绿色激光，在BC边不可能发生全反射11.如图所示，水地面下一根通有水向左恒定电流1的长直导线。O、P和Q为地面上的三点，O点位于导线正上方，PQ连线行于导线，OP连线垂直于导线。一闭合的圆形金属线0圈，圆心在O点，线圈面始终与地面行，以相同的速率沿不同方向做匀速直线运动，则下列说法正确的是第11题图A.P、Q两点的磁感应强度大小相等方向不同B.线圈从O点开始竖直向上运动时，线圈中无感应电流C.线圈沿OP方向运动时，从上往下看线圈中有顺时针方向的电流D.线圈从O到P与从O到Q的两个过程均感应电动势相等12.如图所示，一工人将两根长为5m的木杆并排靠在高4m的墙上，并将一质量2kg、直径1m、高2m的圆柱形塑料管从木杆顶端静止释放。已知塑料管和木杆间的动摩擦因数u=0.8,两木杆间距60cm,塑料管及木杆上端与墙顶端齐，则塑料管下滑过程中A.所受的摩擦力为12NB.沿杆向下的加速度为5m/s2C.滑到底端的时间约为√2sD.重力的冲量等于16√3NS第12题图高三物理试题卷第3页共8页

考点专项突破专项训练26电学实验（一）本卷共6小题.Ra)、电压表V(双量程0~3V~15V,选用挡的内1.如图所示为一简易多用电表的内部电路原理图，其阻为Rv)、电阻箱R、单刀单掷开关K1、单刀双掷开中©为灵敏电流计，S为单刀多掷开关（功能键），多关K2及导线若干用电表内部直流电源的电动势为E.由图可知，欲选(1)如图甲所示是两个小组共同设计的电路图，如择电压挡的小量程时，应将功能键S置于图乙所示是实验用的实验器材，请将图乙中的位置；欲测电阻时，应将功能键S置于位器材连接成实物电路。置；欲选择电流挡的小量程时，应将功能键置于位置.（统一填写功能键的数字序号）(2)实验前电阻箱的阻值已调至最大.甲小组将单刀)s双掷开关K2掷到a,闭合开关K,调节电阻箱的红表笔黑表笔阻值R,测出对应的电压表读数U,多次测量，根2.某小组利用图甲所示的电路，研究硅二极管在恒定电流条件下的正向电压U与温度t的关系，图中®据测量数据，在亡灵坐标系中描点连线，得到一和⊙为理想电表；R为滑动变阻器，R。为保护电阻条倾斜直线，其图像的斜率为α，在纵坐标上的截(阻值为1002)；S为开关，E为电源.实验中二极距为b,则电源的电动势E=,内阻r=管置于控温炉内，控温炉内的温度t由温度计（图.(用题目中给出的物理量符号表示)中未画出)测出.图乙是该小组在电流表示数为(3)乙小组将单刀双掷开关K2掷到b,断开开关50.0μA时得到的该硅二极管U一t关系曲线.回K1,调节电阻箱的阻值R,测出对应的电流表读答下列问题：UN数1，多次测量，根据测量数据，在二-R坐标系0.45中描点连线，得到一条倾斜直线，其图像的斜率控温炉硅二极管为c,在纵坐标上的截距为d,则电源的电动势0.40E=,内阻r=(用题目中给A0.35出的物理量符号表示)RoE R4.要测绘一个标有“3V0.6W”小灯泡的伏安特性0.30出t/℃30405060708090曲线，灯泡两端的电压需要由0逐渐增加到3V.(1)实验的电路图应选用下图中的(1)实验中，由于电流表示数为50.0uA,则R。两端的电压U。=mV;根据图乙可知，当控温炉内的温度t降低时，硅二极管正向电阻(填“变大”或“变小”)，此时应将R的滑片向(填“A”或“B”)端移动，以使电流表的示数仍为50.0μA.B(2)由图乙可以看出U与t成线性关系.硅二极管可以作为测温传感器，该硅二极管的测温灵敏度为1=×10-3V/℃.3.两个实验小组共同测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供如下器材：待测的一节干电池、电流表A(双量程0~0.6A~3A,选用挡的内阻为心

小题专项训练·物理(2)以速度v为纵轴，时间t为横轴，建立如图乙的别为△t1=5X10-3s、△t2=4×10-3s,小球通直角坐标系，根据表中的数据，在坐标系中描过两光电门的速度分别用、2表示，则由以点，并画出小车运动的v-t图像，由图像得小上数据可知=m/s、2=车的加速度为m/s2.(结果保留两位有m/s.(结果保留两位小数)效数字)(3)该小组的同学测出两光电门的间距为H,重力↑v/(ms1)加速度用g表示，若小球的机械能守恒，则需要0.60验证的关系式为0.50(用符号表示)0.406.为了探究物体质量一定时，加速度与力的关系，一0.30同学设计了如图甲所示的实验装置.其中M为带0.2000.10.20.30.43滑轮的小车的质量，m为沙和沙桶的质量.（滑轮质之量不计)4.用铁架台将长木板倾斜支在水桌面上，组成如图甲所示的装置（示意图），用其测量木块沿斜面下滑纸带打点计时器的加速度.实验室所提供的器材有长木板、木块、打点计时器（含纸带)、学生电源、米尺、铁架台、导线、开关等.图乙是打点计时器打出的一条纸带，纸带旁还给出了最小刻度为1mm的刻度尺，刻度尺的甲零点与O点对齐，A、B、C、D是连续的四个计数(1)实验过程中，一定要进行的操作是点.打点计时器所用交流电源的频率是50Hz,纸A.用天测出沙和沙桶的总质量带上相邻两计数点间还有四个打点未标出.B.先记录小车做匀速直线运动时弹簧测力计的(1)计数点C到O点的距离是m.示数F(2)根据纸带可以计算出木块下滑的加速度a的大C.让小车紧靠打点计时器，先接通电源，再释放小是m/s2.(保留3位有效数字)小车，并记录弹簧测力计的示数F(3)若已知长木板的长度为L,长木板上端拾起的D.为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的高度为h,则木块与长木板间的动摩擦因数为质量m远小于小车的质量M,(木块下滑的加速(2)该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带度用a表示)》(两计数点间还有两个点没有画出)，已知打点计时器的电源是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为色m/s2.(结果保留两位有效数字)铁架台单位：cn4192.32.83.3↓3.8D甲5.某同学利用落体法验证机械能守恒定律时，实验装之置如图甲所示，接下来该同学完成了如下的操作：(3)以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的a-F图像如图丙所示，则小车受到的阻力大小为N,小车的质量为1cm2↑a/(m/s2)L山2.005-101.5甲乙1.0f-(1)首先利用10分度的游标卡尺测出了小球的直0径，其示数如图乙所示为12345FNcm(2)将该小球由光电门1的正上方无初速度释放，丙先后通过光电门1、2，通过电脑显示的时间分B46

g人升量L日将7777777才7777【命题意图】本题以拉动小球为背景，考查学生对力的合成与分解、力和运动的关系等相关知识的理解，考mg查学生的受力分析能力，逻辑推理能力。6。、【解桥】罗保证两者创不受、皮同时清足两个条件：楼后A反向且AB连度大小相同：进人鼠脑区线后A受到的洛伦数力等于重分根制弹性碰罐动致机械能守恒有：m,m下”心，十m、1之0心十号m令，0解得，3m=m为保证物块进人粗指水面后速度不空.则洛伦兹力竖直向上与重力衡，故根据左手定则可知，物块小带正电，故A正确。【命题意图】以磁场为背景，考查学生带电粒子在磁场中的运动、弹性碰撞、力与运动等相关知识.体现了对科学推：理、计算论证等方面的能力。7.D【解析】设电源输出电压有效值为U,原线圈电流为1，副线圈电流为【：，原线圈匝数为，刷线圈匝很据变压器电压和电流规律有：。尺一三k·=1,又有：P出=【R,联立URURUPRRk)(长-R2k)2十1R,R,(RR2。可见，当是Rk=0时R2-+4R即Rk,P最大，根据图像可知：此时的R=100Q,解得：大=。放D霸【命题意图】本题以变压器为背景，考查理想变压器的电压，电流、功冷等相关知识，考查学生分析能力、理解能力、知识迁移能力和推理能力。8.BCD【解析】水方向对书本，由牛顿第二定律有：F、=ma,竖直方向有：F、≥mg解得：a≥尽，故BcD正确。真动，补H,京%中【图度通金【命题意图】本题以实际生活中现象为背景，考查学生力与运动的关系等方面的知识，体现了对建构模型、科学推理等方面的能力，引导学生学以致用，培养提高核心素养。9.AD【解析】设木板倾角为0，货物质量为m,根据动能定理有：mgr sin0-:=E.,因mg sin9、了均为定值，故E。与x成正比，故A正确：设车厢距地面高度为h,E。=mg(h一rin0)=mgh一mg1sin0.又=1,路理得：E,=m-m5n0×2a由此可知，上，与！是开日朝下的二次两数，放B情误：货物下滑过程机械能减小，滑到地面时，重力势能为C,但具有动能，因此机械能不为0因此℃错误：根据Q=r=f×,Q与1是开日朝上的二次函数，故D正确。【命题意图】本题以卸货物为背景，考查对力与运动、能量的综合知识的应用，突出对综合分析能力以及基础性和应用性的考查。10.AD【解析】由原理可知，当电刷E与高压电源负极连接时，金属球带负电，大地电势高于金属球电势，故电子向下做加速运动，即，A正确：由导体处于静电衡状态时电荷分布在导体的外表面上，放B错误：增大高压电源的电动势，只是更容易发生尖端放电，并不能增大金属球与大地之间的电势差，故不能提有粒子的数大能量，因此C错误由C-号及4B:=gU可得：dE,=l.6×0V,放D正确：【命题意图】本题考查带电粒子在电场的加速，重点考查理解能力，推理能力，迁移能力，突出了基础性的高三物理参考答案第2页（共4页）

解析：本题考查万有引力及向心加速度。韦伯太空望远镜在太空做圆周运动，受到的合力不可能为零，A项错误；由于题中没有告诉地球和太阳的质量，也没有告诉地球和太阳到韦伯太空望远镜的距离，故无法知道地球对该太空望远镜和太阳对该太空望远镜的引力大小的关系，B项错误；根据题意“L2与太阳、地球三者在任何时间总在一条直线上”，说明地球与韦伯太空望远镜的角速度w相等，根据α=wr可知，半径越大，向心加速越大，因此C、D项正确。答案：CD

北京市朝阳区高三年级第二学期质量检测一物理2023.3(考试时间90分钟满分100分)第一部分本部分共14题，每题3分，共42分。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。1.关于质量一定的理想气体，下列说法正确的是A.气体温度降低，其压强可能增大B.气体体积减小，其压强一定增大C.气体不断被压缩的过程中，其内能一定增加D.气体与外界不发生热量交换的过程中，其内能一定不变2.下列说法正确的是A.雨后出现的彩虹属于光的反射现象B.光的干涉和衍射现象说明光是一种横波C.用光导纤维传输信息利用了光的全反射现象D.测体温的额温枪是通过测量人体辐射的紫外线进行测温3.某地震局记录了一列沿x轴正方向传播的地震横波，在t=0时刻的波形如图中实线所示，t=0.5s时刻第一次出现图中虚线所示的波形。下列◆y/m说法正确的是A.该地震波的周期为0.5sx/kmB.该地震波的波速为4km/sC.t=0时刻，x=1km处质点的振动方向沿y轴正方向D.0~0.5s内，x=2km处的质点沿%轴正方向前进2km的距离4.如图所示，质量为m的手机放置在支架斜面上，斜面与水面的夹角为0，手机与接触面的动摩擦因数为4，重力加速度为g。手机始终保持静止状态。下列一手机说法正确的是A.手机对支架的乐力大小为mg,方向垂直于斜面向下B.手机受到的摩擦力大小为umgcose0,方向沿斜面向上C.若0增大，则支架对手机的摩擦力随之减小D.若日增大，则支架对手机的作用力保持不变高三物理第1页（共10页）

反应释放的核能效应方程E=E-W。可知，D.a为电源负极，到达A板的为B射线3.放射性同位素钍232经α、B衰变会生反应释放的核能E越大、W。越小，逸出的光成氯，其衰变方程为贸Th→忍Rn+xa+yB,其中化释放的化学能字的大量内能电子初动能越大，所以照Ax=1,y=3e角的是射金属物时，逸出的光电C.x=3,y=1D.x=3,y=2作用的粒子4,关于天然放射现象，下列说法正确的是互作用的粒子子最大初动能最大，将E=有8种A.放射性元素的原子核内的核子有数4.97×10和W。=3.41×带的电荷量分别为元发生变化所需的时间就是半衰期10代人可得B.放射性元素的原子核发生衰变后产生的新核从高能级向低能级跃迁时，辐射出YEm=1.56x10J。射线12.(1)1.3×104AC.当放射性元素的原子的核外电子具有20136u.中子质量为较高能量时，将发生B衰变3.0150u。两个速率(2)四条谱线D.放射性物质放出的射线中，α粒子动能变成：He并放出一个化为机械能。（质量提示(1)氢原子核外很大，因此贯穿物质的本领很强为931.5MeV。除了电子绕核做匀速圆周运量可以认为是中子动，库仑力作向心力，有反应方程式。9B卷名师推荐ke2 4n'mr2能是多少？①T(满分：20分)成中子的动能是气核的动能是多少其中r2=4-、选择题（每小题4分，共8分，多选题选不全得4分，错选、多选不得分)根据电流强度的定义1.原子质量单位为u,1u相当于931.5MeV的能量，真空中光速为c,当质量分别为m(kg)②和m2(kg)的原子核结合为质量为M(kg)的原子核时释放出的能量是由①②得A.（M-m-m2)u'c2eB.(m1+m2-M)ux931.5J11③C.（m+m2-M)c2将数据代玖③得1~D.(m+m2-M)x931.5eV2.(多选)”U是一种放射性元素，进行1.3×10A;系列放射性：变，由图可知本报命题组命制)A.图中m是84，n是206(2)由于钠的极限频(下转1、4版中缝)所有科技的努力，总以造

出百門月川在2023年高考冲刺模拟试卷物理试题（八）此本试卷共8页，16题。全卷满分100分。考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。卷2:选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3,非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项是符合题目要求，第8-11题有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。答1.北京高能光源是我国首个第四代同步辐射光源，计划于2025年建成。同步辐射光具有光谱范围宽（从远红外到X光波段，波长范围约为10m>10m,对应能量范围约为10'eV~10eV)、光源亮度高、偏振性好等诸多特点，在基础科学研究、应用科学和工艺学等领域已得到广泛应用。速度接近光速的电子在磁场中偏转时，会沿圆弧轨道切线题发出电磁辐射，这个现象最初是在同步加速器上观察到的，称为“同步辐射”。以接近光速运动的单个电子能量约为10©V,回旋一圈辐射的总能量约为10V。下列说法正确的是()A.同步辐射的机理与氢原子发光的机理一样无B.用同步辐射光照射氢原子，不能使氢原子电离C.蛋白质分子的线度约为108m,能用同步辐射光得到其衍射图样D.尽管向外辐射能量，但电子回旋一圈后能量会明显减小2.经研究表明取无穷远处为零电势，导体球表面的电势与导体球所带的电荷量成正比，与效导体球的半径成反比。金属小球a和金属小球b的半径之比为1：2，所带电荷量大小之比1：7，两小球间距远大于小球半径且间距为L时，它们之间的相互引力大小为F。现将金属小球a与金属小球b相互接触，达到静电衡后再放回到原来位置，这时、b【物理试题（八）第1页（共8页）】

2023年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题（三)9.选BD。解析：未转动前，两空气柱的压强关系为P左=P右-Pgh若以水虚线MN为轴缓慢转动U物理答案形管，由于倾斜，若要保持水银柱高度差达到稳定，则空气柱①变短，A错误，B正确：由图示可知1☐234567891011P生=P:-P9%,若州围环温度升六，假设气体体积不变，由汽理定律得4=”-P-7,初状CC D CC BC AC BD ADCD态时P左一S,故A错误；由v=a1可得，a=,三次下落中从A由静止开始滑到P时，摩擦力较大，故合力较小，距离较短：物块从B由静止开始滑到P时，摩擦力较小，故合力较大，距离较长，所以H动能定理，物块从A出静止丌始滑到P时合力做功较的加速度相同，故公式正确，但不是当时伽利咯用来证明匀变速直线运动的结论，故B错误：山运少，P点动能较小；由B到P时合力做功较多，P点动能较人，因而A正确；由Q=s相对，物块从A动学公式可知，s=得a=三，枚三次下落中位移与时间方的比值一定为定值，伽利略止是用由静止开始滑到P时，摩擦力较人，但距离较短。无法确定哪一过程因摩擦产生的热量多，因而B这一规律说明小球沿光治斜面下治为匀变速直线运动，收C正确：小球在斜山上三次运动的位移不错误：山动能定理，两过程合力做功相同，到底时速度应相同；因而C错误；采用t法分析，第同，末速度一定不同，故D错误.一个过程加速度在增大，故斜率增大，第二个过程加速度减小，故斜率变小，由于倾角一样大，根3.选D。解析：整个过程中，由动量定理可知，铁球受到的合冲量为丨合=0-mv=-v,而箱子受到的合冲据能量守恒，末速度是一样大的，还有就是路程一样大，图象中的面积就要相等，所以第一个过程量为零，故A、B错误。根据动量定理，箱子对铁球的作用力的冲量和铁球受到的重力的冲量的矢的时间长；因而D正确。量和为-v,负号表示方向向右。故C错误。对系统，在水方向根据动量定理可知，地面摩擦力11.选CD.解析：导体棒2在a、b上静止且所受摩擦力恰好为零，则h力的衡可得mgsi37°=Bcos37°IL,对箱子的冲量人小为v,方向水向右。故D正确。4.选C。解析：人地为远端，所以金属板下表面无电荷，故A错误：金属板达到静电衡时，导体内合可代日路巾的电流为1一器”一瓷故A辑谈：守体棒1在匀速转动的过程巾切割睡感线，产场强为0，所以感应电荷在B点的场强与+Q在B点场强K等人反向，故B错误，C正确：根据生的感应电动势为E=B=12-号80，由闭合电路的做姆定律有1-员，联立可得2镜像原理，感应电荷在A点场强大小为K爬，与点电荷的场强叠加后，合场强为2爬，D错误。~器器，放B错误：导体棒1受到的安培力大小为5=8肌-婴，故C正E瑜：出山于导休将1做匀12速圆周运动，速率不变，即动能不变，则出能量守恒可知拉力所做的功完全转化成了导体棒2所产5.选C。解析：要想使天舟五号在空问站的问一轨道上对接，则需要使天舟五号加速，此同时要想生的热量，因此可得拉力的功率为P=R=9mgR,故D正确。不脱离原轨道，根抳F=m上则必须要增加向心力，即喷气时产生的推力一方向有沿轨道向前的分16B2E212.【答榮】(1)8.03分(2)0.0693分量，另一方面还要有指向地心的分量，而因喷气产生的推力与喷气方向相反，则图C是正确的。6.选B。解析：按线圈绕向可以将线圈分成两部分，不规则部分和人圆部分产牛的感应电动势叠加，人【解析】(1)[1挡光杆通过光电门时的线速度△t小为k(S3+S1):小圆部分产生的感应电动势的方向与不规则部分产生的感应电动势相反，大小为kS2,则线圈产生的感应电动势大小为k(S3+S1S2),B止确[点拨：可类比线圈产生感应电动势的规律，用安Hw=培定则判断产生的感应电动势是相互叠加还是相互削弱]。7.选C。解析：根据光路的可逆性与几何关系可知光束在：N点的入射角=60°，(2)2根据向心力公式有=nmu将0：念代入上式解有F=m。/根据几何关系可知a=30,玻璃砖的折射率m=sni=5光束什玻璃砖内sinaM可以看出以F为纵华标，为横华标：在华标纸中描出数据点作一条直线，该直线的斜率为传播的距离等于NM,=2 R cos a=√5R,传播速度v=C光束在玻璃k-会，由图像可知，斜率为ke5×109,解得0069nn13.答案：(1)减小2分767(760-770均正确)2分调小3分(2)63.73分砖内传播的时间f=41=_3R【解析】(1)[1][2]根据图甲可知随着一氧化碳浓度的增加，R,变大，根据闭合电路欧姆定律可知比指子片和品是，A电路巾电流减小，故电压表示数减小：当浓度达到60mg/m3时，山图甲可知此时气敏电阻值为U=知MR=2.3KQ,有(R+R,)-E,Uv=1V解得：R=767QU2保持不变，电压表V,的示数U=U2-I2R,则△U3=△12R,电压表V示数变化量的人小与[3]若要使该装置在一氧化碳浓度更低时，指针就指到红色区，即此时气敏电阻阻值变小时，电表的小示数仍在0~1V区域内，即电阻箱上分到的电压不变；根据串联电路规律可知，此时应适当电流表A,示数变化量的大小的比值，保持不变，c正确：将滑动变阳器的滑片向下滑动调小电阻箱的阻值。(2)[4]当浓度达到60mg/m3吋绿色指示灯刚好熄灭，根据闭合电路欧姆定律有滑动变阻器接入电路的有效阻值减小，电流表A,的示数I,变大，则电压表V的示数U;=U,-I,R,变小，D错误。是亿+)-E,是，2共中u-09u,R=18a,R23Xn代入解得R=63.72

求：人8、（6分>如图所示，在竖直墙上某处固定一个发射器，向与墙垂直的竖直面内发射质量为一心号的弹丸，较链O在整直面内距酱V5R其上安装有长为R的轻杆，轻杆可在上述竖直面内绕0自由转动。轻杆另一端固定有质量也为m的靶盒。OP与竖直方向夹角(450点正上方固定一弹性趋板靶盒若与之碰撞以原速率反弹，1PHOO。初始时靶盒由CDB水P处静止释放同时第一粒弹丸以速度垂直OP嵌入靶盒，时间极短。且此后每次靶盒到BAC DDHe达P点时都会有一粒弹丸以同样的速越0入靶盒靶盒可将足够多的弹丸嵌入且弹丸不会一掉出。靶盒、弹丸均可视为质点，不计一切阻力，重力加速度g10mg,结果按照V2=1.4化简。0(1)若0√8gR,求靶盒在被第一粒弹丸击中后瞬间靶盒对轻杆拉力的大小T(2)若0=，√⑧gR,求靶盒在被第一粒弹丸击中后至被第二粒弹丸击中前过程中所能到达的v.最大高度h(相对于O点)：V2R(3)若0=16√gR,在第n粒弹丸击中靶盒后至第n+2粒弹丸击中靶盒前过程中，靶盒的高度始终不超过O点，求n的最小值：发射器(4)若0=16√gR,只将轻杆换为轻绳，要求在靶盒运动过程中，R45°轻绳始终处于伸直状态，求打入弹丸数n的最大值。轻杆P☑靶盒墙2023届高三模拟考试物理试题第10页共10页

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基础题与中考新考法·九年级·全一册·物理重难题解法》答案见本册P88题型。欧姆定律在串、并联电路中的简单计算9考。现学活用。例1如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻R,的练1（北京中考改编）如图阻值为30Ω，闭合开关S,电流表④的示数所示，电源电压恒定.已知R为1A,电流表④的示数为0.6A.求：R1:R2=2:3,闭合开关S,R,(1)R,两端的电压；通过R,、R2的电流分别为④(2)电阻R2的阻值.I1、I2,R1、R2两端的电压例1题图带你审题分别为U、U2.下列判断(1)分析电路图，电阻R1与R2联；正确的是(2)电流表④测的电流，电流表④测通过的电流；(3)电源两端电压保持不变拟定思路练1题图第二步A.1:12=32U1:U2=1:1注意欧姆定律的“同B.11:12=3:2第第性”和“同时性”问题，U1:U2=3:2步公式中1、R、U必须是同步一个导体或同一段电路在C.L1:12=2:3同一时刻的物理量U1:U2=1:1第一步：根据并联电路电流规律I1=-1,计算出通过R,的电流；D.11:12=2:3第二步：根据欧姆定律的变形式U=R计算出R,两端电压U1;U1:U2=2:3第三步：先根据并联电路电压规律U,=U1求得R2两端电压，再自我总结U根据欧姆定律的变形式R=计算出R2的阻值，规范答题38

【解析11)要验证的表达式为mgh=加子，两边都有加，则实验前没必要用天测出重物的质量，选项A错误；测重物下落的高度时，通过实验后纸带上点迹间的距离进行测量，选项B错误；实验时先通电，打点稳定后再释放纸带，选项C正确。(2)为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的动能变化量与势能变化量，选项A正确。(3)打点3时，重物下落的速度大小%=兴=3.83+5.364Tcm/s=1.15m/s.0.0812.(1)C(2分)(2分)④(2分)R1(2分)(2光-R2分)【解析】(1)因为电源电动势为3V,所以被测电阻两端电压不会超过3V,电压表选择)；因为电源电压为3V所以电路中的最大电流不会超过1-長-品A-0.1A,电流表选择国，本实验要求测量范围尽可能大，应该选用滑动变阻器的分压式接法，因此选择电路C,滑动变阻器应该选用R1。由于电流表量程只有0~50A,若只接待测电阻，电路中电流过大，坏电流表，故可将定值电阻与待测电阻串联接人：由于电压表的内阻很大，则有、>尺电压表分流较小，应采用电流表外接法。(2)由欧好定律可知R+R,-公解得R,-么-R。13.【解析】(1)以汽缸和物体为研究对象，设缸内气体的压强为p,有pS+(M+m)g=,S(2分)解得1=3×105Pa。(1分)(2)设移开汽缸底部的物体后，缸内气体的压强为p2,有poS+Mg=p2S(2分)解得p2=2.7×105Pa(1分)整个过程气体质量一定，由理想气体状态方程有3×105×0.5lS_2.7×105×1S27+273t+273(2分)解得t=267℃。(2分)1.【解析11)由动能定理得EL=之md(2分)2EgL解得v=√m。(1分)》(2)粒子在酸场中能第二次通过x轴进入电场的轨迹圆半径R<号(1分)由9B="得R-置ΓqB(2分)【高三物理·参考答案第3页（共4页）】·24-11C.

全国@o所名校高考模拟金典卷C.3s末，电容器所带的电荷量为8.0×10-6CD.0~4s内，通过R的电荷量为2.56×10-5C客案AD解题分析本题考查电磁感应及电容器的充、放电问题。由B一t图像知，0~2s内线圈内磁感应强度的变化率5=O.3T/s,由法拉第电磁感应定律得E,=nL2=4,8V,电阻R断路，由闭合电路欧姆定律知1=△t△t,十R十R。=0.6A,A项正确：由B-1图像知，28~4s内线图内磁感应强度的变化率5=O.5T/s,由法拉第电E△t1磁感应定律得E=28V,苡3S末R两端的电压U,十R十K=4V,B项错误3s末C两端的电用R2 E2等于U2,此时电容器所带的电荷量Q=CU2=1.6×105C,C项错误；由题意知，0~2s内和2s~4s内线圈产生的感应电流方向相反，电容器极板电性改变，故通过R的电荷量是两段时间内电容器极板电荷量的和，0一2$内电容器的电荷量Q=CU,U1=R2,所以Q=9.6×10-6C,2s4s内电容器的电荷量Q2=Q,所以04s内通过R1的电荷量Q=Q十Q2=2.56×10-5C,D项正确。三、非选择题：本题共5小题，共56分。11.(7分)某实验小组的同学利用实验室中的斜槽和一个带粗糙凹槽的长木板CD(长木板凹槽截面如图中右侧所示)，设计了如下方案探究碰撞中的不变量，调整斜槽末端水且与凹槽底端在同一水线上，质量为1的小球A从斜槽上由静止释放后滑上长木板，在长木板的凹槽上滑行xo距离后停止；再将相同材料且质量为2的空心小球B置于长木板的左端点C,再次让小球A从斜槽上由静止释放，小球A与B碰撞后，都向右滑过C点，小球A沿凹槽滑行的距离为x,小球B沿凹槽滑行的距离为x2。A777777777777777777777777777(1)小球B选择空心小球的原因是(2)第二次释放小球A时除由静止释放外，还需注意,斜槽的光滑程度对实验结果(选填“有”或“没有”)影响。(3)若满足关系式,则验证了小球A和B在碰撞中动量守恒。（用题目中给出的物理量表示)(4)若满足关系式,则验证了小球A和B在碰撞中动能保持不变。（用题目中给出的物理量表示)客率(1)使两小球的质量满足m1>2,保证碰后小球A不反弹(1分)(2)在同一位置释放(1分)没有(1分)(3)m1√0=m1√x+m2√x2(2分)(4)m1x=m1十2x2(2分)解题分析(1)本实验探究碰撞中的动量守恒和能量守恒，小球B空心，则m>2,保证碰后小球A不反弹。(2)本实验的条件是小球A两次到达C点时的速度大小相等，由动能定理知，小球A应该在同一位置由静止释放，故斜槽的粗糙程度对实验结果没有影响。(3)由牛顿第二定律可知，两小球在凹槽上滑行时的加速度相同，均为α=g,由速度和位移关系可得=2αx,解得v=√24gx,即速度v与√元成正比。若小球A和B在碰撞过程中动量守恒，则它们各自质量和速度的乘积之和保持不变，即m1h=1十m22,代入速度的表达式可得m√x0=m1√十m2√x2。5【24新高考·JD·物理-HUN】

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e8g24%☐112：30合肥一中高三上(.试题+答案.pdf10.在趣味运动会活动中，有班级设置了套圈游戏，如图所示.某同学从距水地面高度1处水抛出一个半径为0.2m的圆环，套前方地面上的半径为0.1m竖直圆柱，设圆环运动过程始终保持水，圆环中心到圆柱中心的水距离为3.0m,圆柱高度为0.2m.重力加速度取g=10m/s2,空气阻力不计，要想套住圆柱，圆环刚抛出时的速度可以是A.7 m/sB.8 m/sC.7.5m/sD.7.6m/s三、实验题（本题共2小题，共15分）11.(6分)验证牛顿第二定律的实验装置如图甲所示打点计■■力传感砝码盘和砝码(1)本实验中(填“需要”或“不需要”)满足砝码盘和砝码质量远小于小车的质量，(2)A组同学在实验中，保持小车的质量M不变，仅改变砝码盘中砝码的质量m,得到多组加速度大小a和对应力传感器的示数F,作出a-F图像如图乙所示，图像未过原点的原因是(3)B组同学在实验中，正确补偿阻力后，保持砝码盘中的砝码质量m不变，仅改变小车的质量M,测得多组加速度大小a和对应的小车的质量M,作出M-合图像如图丙所示，图像的纵截距为一b,则砝码盘和动滑轮的总质量为（用字母b、m表示，滑轮均光滑，细绳质量不计)12.(9分)某实验小组用如图甲所示的装置研究抛运动及其特点，他的实验操作是：在小球A、B处于同一高度时，用小锤轻击弹性金属片，使A球水飞出，同时B球被松开下落。地面丙(1)甲实验的现象是小球A、B同时落地，说明高三第一次教学质量检测卷·物理第4页（共6页）省十联考243060D三心④也目录打开方式转存下载云打印

e8g24%☐112：30合肥一中高三上(.试题+答案.pdf10.在趣味运动会活动中，有班级设置了套圈游戏，如图所示.某同学从距水地面高度1处水抛出一个半径为0.2m的圆环，套前方地面上的半径为0.1m竖直圆柱，设圆环运动过程始终保持水，圆环中心到圆柱中心的水距离为3.0m,圆柱高度为0.2m.重力加速度取g=10m/s2,空气阻力不计，要想套住圆柱，圆环刚抛出时的速度可以是A.7 m/sB.8 m/sC.7.5m/sD.7.6m/s三、实验题（本题共2小题，共15分）11.(6分)验证牛顿第二定律的实验装置如图甲所示打点计■■力传感砝码盘和砝码(1)本实验中(填“需要”或“不需要”)满足砝码盘和砝码质量远小于小车的质量，(2)A组同学在实验中，保持小车的质量M不变，仅改变砝码盘中砝码的质量m,得到多组加速度大小a和对应力传感器的示数F,作出a-F图像如图乙所示，图像未过原点的原因是(3)B组同学在实验中，正确补偿阻力后，保持砝码盘中的砝码质量m不变，仅改变小车的质量M,测得多组加速度大小a和对应的小车的质量M,作出M-合图像如图丙所示，图像的纵截距为一b,则砝码盘和动滑轮的总质量为（用字母b、m表示，滑轮均光滑，细绳质量不计)12.(9分)某实验小组用如图甲所示的装置研究抛运动及其特点，他的实验操作是：在小球A、B处于同一高度时，用小锤轻击弹性金属片，使A球水飞出，同时B球被松开下落。地面丙(1)甲实验的现象是小球A、B同时落地，说明高三第一次教学质量检测卷·物理第4页（共6页）省十联考243060D三心④也目录打开方式转存下载云打印

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82023,丹阳中学模救改编)(6分)青蛙在静的水面上叫时引起水面振动，形成如图甲所示的水波（把水波当成横波处理）.假设原点0处为青蛙所在位置，0处的波源垂直0，面振动后，产生的简谐横波在0面内传播，实线圆、虚线圆分别表示1=0时刻相邻的波峰和波谷，此时波恰好传到图甲中的实线圆处，图乙为图甲中质点B的振动图像，：轴垂直于xOy水面且之轴的正方向为竖直向上，求：(1)波在水中的传播速度；◆y/cm(2)C点第10次到达波峰的时刻.2z/cm0.5AB0025x/cm0.5/(x102s)2甲1614.(2023·山东日照三模改编)(8分)如图所示，将质量为m的小球穿过光滑竖直轻杆用轻弹簧悬挂在天花板上，用F=3mg、竖直向上的力将弹簧压缩，使小球处于静止状态.t=0时刻，撤去力F,小球将在竖直面内做简谐运动.已知从撤去力F到小球第一次下落到最低点所用的时间为T。,弹簧的劲度系数为，弹簧始终在弹性限度内求：(1)小球做简谐运动的振幅A和周期T;(2)从t=0时刻起，小球做简谐运动的位移y随时间t变化的关系式（以小球的衡位置为坐标原点，取向下为正方向)15.★★★（改编）(12分)如图甲所示，一列简谐横波沿水直线向右传播时，a、b为介质中相距x=10m的两个质点，某时刻a、b两质点正好都经过衡位置，且a,b间只有一个被峰.已知这列波波源做简谐振动的图像如图乙所示，求：(1)在20s内位于波源的质点运动的路程是多少？(2)质点位移为1cm的时刻；(3)这列简谐横波传播速度的大小可能是多少？x/cm甲高三物理试卷（八）第5页（共6页）

82023,丹阳中学模救改编)(6分)青蛙在静的水面上叫时引起水面振动，形成如图甲所示的水波（把水波当成横波处理）.假设原点0处为青蛙所在位置，0处的波源垂直0，面振动后，产生的简谐横波在0面内传播，实线圆、虚线圆分别表示1=0时刻相邻的波峰和波谷，此时波恰好传到图甲中的实线圆处，图乙为图甲中质点B的振动图像，：轴垂直于xOy水面且之轴的正方向为竖直向上，求：(1)波在水中的传播速度；◆y/cm(2)C点第10次到达波峰的时刻.2z/cm0.5AB0025x/cm0.5/(x102s)2甲1614.(2023·山东日照三模改编)(8分)如图所示，将质量为m的小球穿过光滑竖直轻杆用轻弹簧悬挂在天花板上，用F=3mg、竖直向上的力将弹簧压缩，使小球处于静止状态.t=0时刻，撤去力F,小球将在竖直面内做简谐运动.已知从撤去力F到小球第一次下落到最低点所用的时间为T。,弹簧的劲度系数为，弹簧始终在弹性限度内求：(1)小球做简谐运动的振幅A和周期T;(2)从t=0时刻起，小球做简谐运动的位移y随时间t变化的关系式（以小球的衡位置为坐标原点，取向下为正方向)15.★★★（改编）(12分)如图甲所示，一列简谐横波沿水直线向右传播时，a、b为介质中相距x=10m的两个质点，某时刻a、b两质点正好都经过衡位置，且a,b间只有一个被峰.已知这列波波源做简谐振动的图像如图乙所示，求：(1)在20s内位于波源的质点运动的路程是多少？(2)质点位移为1cm的时刻；(3)这列简谐横波传播速度的大小可能是多少？x/cm甲高三物理试卷（八）第5页（共6页）

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5)Kp=p-B--e)p(P2-p-p)'4(3n-p2+p)p(6)P点有分子筛膜，分离出水有利于衡正向移动，从而提高甲醇的产率18、(15分)有机物结构简式只要有错均0分，用键线式表示正确也可，下同(1)取代反应1分，不写“反应”不给分)。(2)环己醇(1分)，酮羰基或羰基(1分)，Cu、加热(1分)。(3)2分)。(4)n HO-(CH),-COOH浓H,SO,fo-(as-Coge0e分。05)12(2分)，o0十9aco2十o阳e分CH,-CH一CH,O,Cu((6)OH OHH,-C-CHo催化剂CH,一C-COOH020H,CH,一CH-COOH浓HSO,0Ni/△OHH+0-CH-CnOH3分)。CH3

18.(15分)如图12所示，某研究小组按下列路线合成抗癌药物盐酸苯达莫司汀。CI.NHCH3CHNH2BNa2S-NO2C7H-N304ONNHACF-H2Q GCH,CH2OHHC12H1sN3OsC12HI3N3O H2SO4C14H17N,O4HO人√OH→…→〈WHcH3(:H0,4D·HCI①S0Cl2COOH②HCIHO图12盐酸苯达莫司汀已知：①R'NH2>RNHR'RX-NECN RCN RCOOH2RCOOH-HORCOOHR人NHR'②请回答：①)化合物A的官能团名称是硝基，碳氧键0(2)化合物B的结构简式是(3)下列说法正确的是D二。A.B→C的反应类型为取代反应B.,化合物D与乙醇互为同系物C.化合物I的分子式是C1gH25N,O4D,将苯达莫司汀制成盐酸盐有助于增加其水溶性(4)写出G→H的化学方程式(5)设计以D为原料合成E的路线（用流程图表示，无机试剂任选）(6)写出3种同时符合下列条件的化合物C的同分异构体的结构简式①分子中只含一个环，且为六元环；②'H-NMR谱和R谱检测表明：分子中共有2种不同化学环境的氢原子，无氮氮键，有乙酰基CH,-化学试题【第6页】（共6页）

11.下列离子方程式能用来解释相应实验现象的是（☑）选项实验现象A性·四氧化三铁溶于稀硝酸离子方程式Fe,O,+8H"向硅酸钠水溶液中通入二氧化碳气2东R4H,0体，溶液变浑浊NaSi0,+C0,+H,0=2Na'+CO,*+H Sio二氧化硫使酸性高锰酸钾溶液褪色九架3S02+2Mn0:+4H=2Mn2++3S0}+2H,0D二氧化碳通入到饱和碳酸钠溶液中，溶液中析出固体CO2+2Na'+CO,*+H,0 2NaHCO,V12.丙烷脱氢是制备丙烯的一种常见方法，表面的物种。下列有关说法正确的是（及，}下图是某催化剂催化该过程的能量变化，*表示吸附在催化剂254196、236104141*CH,CH-CH+*H+H,97*CH,CH-CH,+H,0*CH,CH,CH,+*H*CH,CH,CH敞以7水表A.1mol丙烷中的总键能大于1mol丙烯及1mol氢气的总键能之和反应历程B.在该条件下，所得丙烯中不金其它有机物C.该过程中发生了碳碳键的断裂与形成D.以上反应历程中主要包含了三步变化，其中第兰步过程的能量变化值最大13.在一定温度时，将1molA和2molB放入容积为5L的某密闭容器中发生如下反应：4A(s)+2(g)三C(g)+2D(g经5min后，测得容器内B的浓度减少了0.2molL,则下列叙述错误的在5min内，该反应用A的浓度变化表示的反应速率为0.02 mol.L.min在5min时，容器内D的浓度为0.2molL该可逆反应未达限度前，随反应的进行，容器内压强逐渐增大min时，容器内气体总的物质的量为2.5mol化学试卷第4页共8页

全国100所名校高三AB测试示范卷札记S空气稀硫酸碱石灰彭松剂NaOH溶液回答下列问题：(1)装置A中NaOH溶液的作用是除去空气中的,装置C中所盛的试剂是,装置E的作用是;若没有装置E,测定的结果将(填“偏高”、“偏低”或“无影响”，下同)；若没有装置A,装置B左侧用橡皮塞封闭，实验结果将(2)充分加热后，测得装置D的质量增加6.6g,若将装置B换为装置F进行实验（膨松剂的质量相同)，不考虑实验过程中导致的误差因素，则测得装置D的质量为(3)若加热装置B的反应时间较短，NaHCO将分解不完全。欲测定某份加热了一段时间的样品的组成及原NaHCO3的分解率，称取2.960g样品完全溶于水，制成溶液，然后向此溶液中缓慢滴加稀盐酸，并不断搅拌。溶液中有关离子的物质的量随加入盐酸的体积的变化如图所示，则曲线a、d对应的离子分别是(填离子符号)，该样品中NCO的质量分数为,原NaHCO3的分解率为0.05离0.04003的量/0.020.00V(盐酸)【解题分析】该实验是研究该膨松剂在加热情况下放出气体的量，实验前先从装置的左端通入空气，装置A中N(OH溶液可吸收空气中的C),气体，然后通过装置B,经装置C中的浓硫酸干燥后，经装置D,E排出，当装置内充满不含CO2的空气后，加热装置B,其中NaHCO分解产生CO2气体，经浓疏酸干燥后，被U形管中的碱石灰吸收，根据最终装置D增加的质量，判断反应产生CO,的量，装置E中碱石灰的作用是吸收空气中的CO2和HO,防止对实验结果造成干扰；为减小实验误差，停止加热后，还需继续通入一段时间的空气，目的是使残留在装置中的CO2全部进入装置D中以便被完全吸收。(3)加入稀盐酸，NaCO3与稀盐酸反应先生成NaHCO3,然后NaHCO3接着与HCI反应生成CO2,故Na+的物质的量始终不变，CO的物质的量始终减小，HCO的物质的量先增大后减小，故a为Na+,b为HCO,d为CO;从图上可以看出HCO5的物质的量为0.03mol,CO层的物质的量为0.02mol,故NaCO的物质的量为0.02mol,NaHCO.的物质的量为0.01mol;根据分解反应的化学方程式可知，原样品中有0.05 mol NaHCO.,分解了0.04molNaHC0,生成0.02 mol NaC0,该样品中NaC0,的质量分数为10SX0,02×100%≈71,62%，原NaHCO,的分解2.960丰为品8腊×10%=80%。【答案】1)CO2(2分)：浓硫酸(2分)：吸收空气中的CO2和HO,防止对实验结果造成干扰(2分)：偏高(2分)；偏低(2分)(2)13.2(2分)(3)Na+(1分)：C0-(1分)；71.62%(2分)；80%(2分)22【24G3AB(新高考)·化学-R-必考-QGB】

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