第十九单元阶段检测(六)《生物与环境》第1~4章1.B【解析】自然界的资源和空间总是有限的,当种群密度增大时,种内竞争就会加剧,以该种群为食的动物的数量也会增加,这就使种群的出生率降低,死亡率升高,有时会稳定在一定的水,体现了生态系统具有一定的自我调节能力,A项正确;该哺乳动物的数量达到K/2时,即图中的第25年左右时,种群增长速率最快,但出生率不一定最大,B项错误;食物短缺在种群密度大时的影响比在种群密度小时的影响更大,C项正确;该哺乳动物的数量达到K值时,种群数量保持相对稳定,种群的年龄结构为稳定型,D项正确。2.A【解析】培养酵母菌时,不要去除培养液中的溶解氧,A项错误;该实验不需要设置空白对照组,不同时间的酵母菌种群数量可以互相对照,B项正确;从瓶中吸出培养液进行计数之前,需先摇匀培养瓶中的培养液,目的是使酵母菌分布均匀,使得统计结果更加准确,℃项正确;由于后期培养液中菌体数量多,不易计数,因而为了便于计数应先进行稀释再计数,D项正确。3.D【解析】栖息地破碎化导致种群内个体基因不能交流,对该物种的延续是相当不利的,A项错误;自然保护区和国家森林公园是进行就地保护的主要场所,B项错误;铁丝网虽然能起到保护藏羚羊的作用,但在自然条件变恶劣时不利于藏羚羊的迁移,C项错误;生物多样性的间接价值一般不能直接体现为经济效益,主要体现在调节生态系统的功能上,故藏羚羊对物质循环的作用属于生物多样性的间接价值,D项正确。4.D【解析】采用标记重捕法的前提是标记个体与未标记个体在重捕时被捕获的概率相等,这样重捕取样中的标记个体所占比例与样地个体总数中的标记个体所占比例相等,通过计算才能得出种群的个体数量,A项正确;根据题意可知,种群中性别比例(早/7)为(14十18)/(18+18)=8/9,B项正确;根据标记重捕法计算公式可得该草原中布氏田鼠的均密度为32×36÷4÷2=144(只/hm),C项正确;若标记物易吸引布氏田鼠的天敌,则第二次捕捉的标记个体数会减少,故计算的均种群密度比实际的高,D项错误。5.C【解析】根据题干信息“以水域为中心还依次分布有芦苇沼泽、岸边草丛和堤岸防护林带”可知,水域、沼泽、草丛和林带体现了群落的水结构,A项正确;生态位包括该物种觅食的地点,食物的种类和大小,还有其每日的和季节性的生物节律,食性相似的不同种鸟类占据不同的生态位,能有效减少种间竞争,B项正确;群落中的各种植物生长期、繁殖期等出现的时间各不相同,某些动物的繁殖、迁徙等性也不相同,因此不同季节群落的物种组成和空间结构会发生变化,C项错误;不同季节群落物种组成改变造成鸟类食物短缺,再加之气温改变不利于鸟类的生存,迫使鸟类迁徙,D项正确。6.C府·84·【23·G3DY(新高考)·生物学·参考答案一R一必考一HUN】
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【答案】D【解析】【分析】由图分析,胰岛素与蛋白M(胰岛素受体)结合后,激活蛋白M,经过细胞内信号转导,引起含GLUT4的囊泡与细胞膜的融合,使细胞膜上的GLUT4增加,促进葡萄糖进入细胞,从而提高了细胞对葡萄糖的转运能力。【详解】A、胰岛素分泌减少,葡萄糖无法被摄入细胞,可能导致糖尿病,A错误:B、信号转导过程缺失,导致无法合成GLUT4,可能导致糖尿病,B错误;C、控制GLUT4的基因发生突变,葡萄糖不能进入组织细胞并利用,可能引起糖尿病,C错误:D、蛋白M本身就不能识别葡萄糖分子,故不会引发糖尿病,D正确。故选D。14.在自然界中,对于同一物种来说,细胞内染色体数目是恒定的。然而,科学家为了研究的需要,经常使一些二倍体植物(2n,有2个染色体组)发生染色体数目改变的情况,如染色体缺少一条(单体,2n-1),或额外增加一条(三体,2n+1),或整倍体增加(三倍体,3n:四倍体,4n)。假设这些发生了染色体数目改变的个体能完成减数分裂。下列有关说法,错误的是()A.2n-1个体,只能产生染色体数目为n和n-1的配子B.2n+1个体,只能产生染色体数目为n和n+1的配子C.经秋水仙素处理二倍体植物得到的4,就是纯合子D.3n个体自交,子代个体的染色体数目可能不是3n【答案】C【解析】【分析】染色体数目变异可以分为两类:一类是细胞内个别染色体的增加或减少,另一类是细胞内染色体数目以一套完整的非同源染色体为基数成倍地增加或成套地减少。【详解】A、根据题目信息,单体植物染色体数目少一条,有一条染色体无同源染色体配对,因而在减数分裂的过程中这条染色体会随机移向细胞一极,进而出现染色体数目为n和n-1的两种配子,A正确:B、三体植物染色体数目多一条,减数分裂时会出现三条染色体联会的现象,同源染色体分离时,多出来的一条染色体随机移向细胞一极,形成n和n+1两种数目的配子,B正确:C、二倍体(Aa)被秋水仙素处理后,得到的四倍体(AAaa)并不是纯合子,C错误:D、三倍体有三个染色体组,由于题干强调可以进行减数分裂,所以可能产生2n-1和n+1的配子,或者2n-2和n+2的配子(依次类推),因而3n的子代个体不一定就是3n,D正确。故选C。15.预实验可为进一步的实验摸索条件,也可检验实验设计的科学性和可行性。下列实验中,不需要进行
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系如图。闭容器中充入一圭的焙烧温度为(1)△H3=反应2:4FeS(s)+110(g)=温”发生的反应有:S脱除率中的CI浓度为(3)滤渣2的主要成分是热”或“吸热”。焙烧温度/℃一定量的FeS 和O进行反应,测得衡时O的体积分数随X的变0体积分数1%℃;最佳焙烧时间为2h,理由是mol/LAS(填化学式)。Au浸出率1%的离子方程式为S脱除率1%(填化学式)。0.00.580100断的理由是[PbCl]²-(aq)属于1.01.5焙烧时间/h2.53.0S(填"高温”或"低Au浸出率1%反应(填“放备方法如图所示。(1)A→B的反应类型为回答下列问题:(2)下列关于E的说法正确的是d.FeS的质量保持不变(4)已知H为比A少1个碳原子的A的同系物,则符合条件的(3)写出F→G的化学方程式(5)根据题中合成路线的信息,写出利用甲苯和甲胺(CHNH能发生取代、氧化、加成等反应a.E比苯甲酸在水中的溶解性更好d.该分子中有2个手性碳原子c.1 molE与足量的NaHCO反应产生1molCOz10C共振氢谱有2组峰且峰面积之比为3:1的结构简式为NHCHCHOH甲酰胺(KCO-C1XcHZ1)NaOH2)H)的合成路线图,D的官能团名称为HZH(填序号)HOH+HO23mm f/1.881/100sISO481Neo9SiQOOQPro+2024.11.01 11:51
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