小题优练《《物理答题C,木块与木板之间的动摩擦因数为0,25D.木板匀速运动的距离约为1,11m案号12.如图，在光滑水面上，轨道ABCD的质量M=0,4kg,其中专练20甲乙AB段是半径R=0,4m的光滑4圆弧，在B点与水轨道A.小铅块恰能滑到木板B的右端，并与木板B保持相对静止2B.小铅块将从木板B的右端飞离木板BD相切，水轨道的BC段粗糙，动摩擦因数4=0,4，长LC.小铅块滑到木板B的右端前就与木板B保持相对静止=3.5m,C点右侧的轨道光滑，轨道的右端连接一轻质弹班级3D,木板B达到的最终速度与图甲情景中长木板达到的最簧。现有一质量m=0.1kg的小物体在A点正上方高为H终速度大小相同=3.6m处由静止自由落下，恰沿A点切线滑人圆弧轨道，本卷共14小题，每小题6分，共84分下列说法正确的是48.质量为2kg的小球B静止在光滑水面上，质量为2kg重力加速度g取10m/s的四个选项中，第1~8小题只有一个选项A.小物体和轨道组成的▣m的小球A在光滑水面上以速度6/s与小球B发生碰题有多个选项正确。全部选对的得6分，】5撞，则碰后A、B两小球的速度可能为系统在全过程中动量分，有错或不选的得0分。0A.=5 m/s,v8 =1 m/s守恒1,如图，矩形板ABCD的AD边固定6B.v =-1 m/s,v =7 m/sB.小物体第一次返回到R在水面上，板与水面夹角为C.v=4 m/s,U8 =2 m/s1○○mnA点时的速度大小为日，AC与AB的夹角也为0。质量为m7D.v=2 m/s,Ug =4 m/s4 m/s9.如图，质量为M的长木板静止在光滑水面上，上表面C.小物体第一次返回到A点时的速度为0的物块在行于板的拉力作用下，D.轨道M在水面上运动的最大速率为2m/s沿AC方向做匀速运动。物块与D8OA段光滑，OB段粗糙，OA=OB=,左端固定劲度系数为13.如图甲，工人用传送带运送货物，传送带倾角为30°，顺板间的动摩擦因数4=tan0,重力加k的轻质弹簧，右端用不可伸长的轻绳连接于竖直墙上。时针匀速转动，把货物从底端A点运送到顶端B点，其速度为g,拉力大小为9质量为m的小滑块以速度v从O点向左运动并压缩弹簧，弹簧压缩量为x时轻绳被拉断，最终小滑块恰好没有速度随时间变化关系如图乙所示。已知货物质量为A.2mgsin 0cosB.2mgs10从长木板上掉落。已知弹簧原长小于1，重力加速度为g10kg,重力加速度g取10m/s2,则下列说法正确的是个v/msc2mgsm号D.mgsi11A.轻绳被拉断瞬间，长木板2.如图，用轻绳系住一质量为2m的匀12的加速度大小为：H△x□球，大球和墙壁之间放置一质量为mB--300B最终长木板与小滑块一起以速度什分向左做匀速运动0.416→⅓质小球，各接触面均光滑。系统衡[13与竖直墙壁之间的夹角为α，两球心甲乙0,02与轻绳之间的夹角为B,重力加14C弹簧恢复原长时，小滑块的动能可能为2mA.传送带匀速转动的速度大小为1/s为g,则轻绳拉力F,为D.小滑块与长木板的OB部分间的动摩擦因数B.货物与传送带间的动摩擦因数为A.2 ngsin(a±B)B.3mg为洞sin BC.A、B两点的距离为16m10.如图，光滑的水面上有一质量为M=4kg的长木板，长D.运送货物的整个过程中摩擦力对货物做的功为755JC.3mgD.2msin o木板的左端放置一质量m=1kg的物块，长木板与物块14.如图甲，长为L的长木板水放置静止不动，可绕左端垂cos3.一水传送带沿逆时针方向以5m/s间的动摩擦因数4=0.2。现使长木板与物块以大小相直纸面的水轴转动，长木板的左端固定一原长为的带上表面长6m,一质量为1kg的物体等的速度大小。=1m/s分别向左、向右运动，两者相对静止时物块恰好滑到长木板的右端，重力加速度g取轻弹簧，一质量为m的小滑块压缩弹簧到图甲中的a点向右从传送带左侧冲上传送带，物体与10m/s2。下列说法正确的是A.两者相对静止时的共同(物体与弹簧不连接)，0如间距离为4。将小滑块由静数为0.4，重力加速度g取10m/s2,下A.物体将从传送带右侧离速度大小为0.6m/s止释放后，长木板不动，小滑块恰能到达长木板最右端，开传送带B.长木板的长度为0.8m将长木板绕0点逆时针转动37°后固定，如图乙所示，仍B.物体向右运动的最大距C.物块的速度大小为0.2m/s时，长木板的速度大小-离为4.5m定为0.8m/s将小滑块由。点静止释放，小滑块最多运动到离0点D.物块向右运动的最大距离为0.8m的b点。sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g。C.物体离开传送带时的速度大小为D.物体向右减速运动的时间为3s11.如图，一倾角为α=37的光滑足够长的固定斜面上放有下列说法正确的是4.如图甲所示有界匀强磁场I的宽度质量M=0.12kg的足够长木板；一木块（可视为质点）b磁场Ⅱ的半径相等，一不计重力的置于木板上，木块与木板间有摩擦。初始时木块与木板Opom以一定初速度水向右垂直射入屈上端相距L=1.6m。木块与木板同时由静止开始下滑，a木块下滑距离x,=0.75m后受到行斜面向上的作用L037时速度方向偏转了日角；该粒子以力，其大小为F=彻，(，为木块运动速度)，木块以，做乙向垂直射人磁场Ⅱ，射出磁场时速匀速运动，直至木板再向下运动L时将行斜面向上的作用力由作用在木块上改为作用于木板上，木板以2的A小滑块与长木板间的动摩擦因数为已知磁场I、Ⅱ的磁感应强度大小B,的比值为速度做匀速运动，作用力F=,B.小滑块在a点时，弹簧的弹性势能为3mg保持恒定。重力加速度g取1410m/s2,k=0.12N·s/m,C.长木板按图甲水放置，当弹簧恢复原长时，小滑块M。sin37°=0.6，c0s37°=0,8，下的动能最大列说法正确的是D,长木板按图乙倾斜放置，小滑块上滑过程中加速度先A,木板做匀速运动的速度2大小为5m/s减小再增大然后不变B,木块的质量为0,04kgA.2cos 0B.sinC.●●●38●●●

x轴分位移大小xp=tcos9+eFcos?m解得E=16B2ed(3)到达P点时，x轴分速度大小，=0os9+2 eEcos旦，my轴分速度大小y,=-sin0+2 eEsin 0m在Ⅱ区磁场中做匀速圆周运动，设速度大小为，转过的圆心角为a(tang=?)2则v,=√+根据洛伦兹力提供向心力有4e,B="m根据几何关系有L-,=2Rsi血受解得L=4d(4)在Ⅲ区内电场中运动，设D点的纵坐标为y。,从C点运动到D点的时间为t1x轴方向上20.=2 eEcos0,y轴方向上yD=v,12eEsinm在磁场中，沿y轴方向做匀速直线运动，设时间为t2,则y轴方向上yp=U,2垂直y轴的面内做匀速圆周运动，设周期为T,则，=乙T,T=m”6解得B-75亚B20【方法技巧】“5步”突破带电粒子在组合场中的运动问题(明性质→要清楚场的性质、方向、强弱、范围等定运动带电粒子依次通过不同场区时，由受力情况确定粒子在不同区域的运动情况画轨迹→正确地画出粒子的运动轨迹图根据区域和运动规律的不同，将粒子运用规律动的过程划分为几个不同的阶段，对不同的阶段选取不同的规律处理要明确带电粒子通过不同场区的交界处(找关系时速度大小和方向关系，上一个区域的末速度往往是下一个区域的初速度物理答案第136页（共136页）

40.2AE92694x-x4:p-1X1x0-2a2mVo212g=mv3自d14.(13分)如图所示，台与生=8m的智能传送带位才同一水面上，传送带向右匀速运15(16分)如图，真空中两同，心圆ef之间有垂直于纸面向里的钓强磁场（含边界），圆的内乙2(9动，其速度大小y可以由驱动系统根据需要设定。质量分别为m和2m的物体口和6（均接长方形bcd内（含边界）存在行于ad方向的匀强电场物abx2bc=2l。位于a点的粒抑制皇色多子源沿b方向发射出速度大小为比荷为k的带正电的粒子，刚好从c点离开电场怡果、可视为质点)，静止在台上相距x=1m的A、B两处。B左侧台粗游，右侧台光滑。a与粗糙台间的动摩擦因数山1=0.65，b与传送带间的动摩擦因数，=0.1。现a以好没有飞出大圆∫而从b点再次进人电场，打在d上的Q点（图中未画出），不计粒子的hv制,=7ms的初速度向右运动，在B处与b发生弹性碰撞，重力加速度取g=10m/s2。求：重力。求：39v扣A10从0(1)电场强度的大小进(1)碰撞后瞬间，a的速度大小；(2)若传送带v=2m/s,b海过传送带叭需时间；(2)磁感应强度的大小及大圆f的半径R;(3)若6加速通过传送带，传送带速度v的最小值。3)Q点到d点的距离。公2元V9-946+梦=02(/y8t,+5t,=(VI-V=V9tg=1。22226t54t;10=073VI-VC-V2a)t3+64+4xIx/=8t№48+26/0三02200x Ve2200B+4946+x1xt3=04e've2T方故为S司出中图流制应科塑传6：0+(宁袋处古价8的别0图会网一出画坐为4.9V1最程为10摩地数为02最大克为6物理（新高考版）试题第7页（共8页）物理（新高考版）试题第8页（共8页）

第八单元《交变电流》综合测试（Ⅱ）1.A解析：本题考查交变电流的概念。四个图像中只有选项A的电流方向呈周期性变化，故A项正确。2.B解析：本题考查理想变压器。理想变压器的输人功率等于输出功率，A项错误；变压器是利用互感现象制成的，当输入电压为恒定电压时，变压器不会有电压输出，B项正确、D项错误；变压器既能改变电压也能改变电流，C项错误。3.D解析：本题考查交变电流的产生。从题图中可知，1时刻和3时刻的感应电动势最大，线圈面和磁场行，A项错误；2时刻的感应电动势为0，线圈处于中性面，穿过线圈的磁通量最大，B项错误；2到t4时间内，穿过线圈的磁通量变化量为2BS,C项错误；感应电动势与磁通量的变化率成正比，D项正确。指输电导线上的分压，不是输电电压，A、D项错误，B项正确；只有在输电电流一定的情况下，输电导线上损失的功率与输电导线的电阻成正比，C项错误。5.B解析：本题考查交变电压瞬时值的表达式。交变电压瞬时值的表达式e=Emsin wt,而Em=NBSw,当发电机的转速减小为原来的一半，即ω减小为原来的一半，Em减小为原来的一半，故B项正确。6.B解析：本题考查理想变压器特点。根据u=202sin1001(V)及U=U,可知原线圈两√2的电压U20V,交流电的濒诞凳宁50Hz根电压与皿数的关系光-可得，副线圈两端的电压U,=U,=10V,电压表的示数为10V,A项错误、B项正确：根据欧姆定律2快0.5A.C项误：根据P=P2及P,=尺5W,可知D项7.CD解析：本题考查电感线圈和电容器对交变电流的影响。同一电感线圈对高频交流电阻碍作用大，A项错误；自由电荷不可能从电容器的一个极板直接到另一个极板，B项错误；电感线圈对交变电流的阻碍作用，是由于自感电动势造成的，C项正确；交流电通过电容器，实际上是电容器交替进行充电和放电造成的，D项正确。8.AD解析：本题考查交变电流及电功。电压表的示数是输出电压的有效值，A项正确、B项错误：交变电流的周期T9-4561个周期内，电肌R上产4的热量Q发T=16J,D项正确，170.25s为半个周期，这段时间内通过电阻R的电荷量可能为零，也可能不为零，C项错误。9.BC解析：本题考查理想变压器的动态变化。保持P的位置不变，将Q向上滑动，则输出电压变大，输出电流变大，R。两端电压变大，故电流表和电压表的示数均变大，A项错误、B项正确；在原、副线圈匝数之比一定的情况下，变压器的输出电压由输入电压决定，因此Q的位置不变时，输出电压不变，此时P向下滑动，副线圈电路总电阻减小，则输出电流变大，R。两☆·23·【23·DY·物理·参考答案一R一选修3一2一Y】

最新中考模拟训练·物理（五）在探究电流与电压的关系”实验中，图17甲是小明设计的电路，电源电压恒为6V。/a1SOu山，30204A0.62hU/Ve68022V乙。丙022图171()请用笔画线代替导线，在图甲中完成电路连接，要求闭合开关前，需要将滑片P移至最右端(2)图17乙是小明根据实验数据画出的电流随电压变化的关系图像，分析图像可知：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成比；实验所用的定值电阻阻值为(3)本实验(选填“能”或“不能”)用小灯泡代替定值电阻进行实验，理由：学22Q(④)某时刻电流表示数如图17丙所示，此时对应滑动变阻器接入电路的电阻为Q;若实验过程中滑动变阻器被短路，则电流表示数将变为A。席1.小丽同学在实验室完成“探究浮力的大小与哪些因素有关”实验☑5乙丙屈图19【进行实验】按图18所示的顺序完成实验。(I)通过a、c两次实验，可知物体浸没在水中时所受浮力大小是N呀(2)通过c、d两次实验，可得出结论：物体所受浮力大小与浸没深度(选填“有关”或“无关”)(3)通过c、e两次实验，可探究物体所受浮力大小与的关系。僧【结论】根据实验现象可得出结论：浸在液体中的物体，受到的浮力与和液体的密度有关。【拓展】小宇用磁力块来探究浮力的大小与哪些因素有关。他先将磁力块按图19甲所示进0.y行组合，再用测力计挂着匀速浸入水中，发现测力计示数变化的幅度是前半程大。由此他猜想物体受到的浮力大小与物体的形状有关，他的猜想(选填“正确”或“不正确”)。如果要你通过实验来验证，现提供图19乙、丙两组磁力块，你会选用(选填“乙”或“丙”)组的磁力块，理由是.o(30)【JX)X40

卡不变，则气体体积不变，D项正确。7.C解析：本题考查分子的均动能、内能、热力学第一定律。氧气的温度降低，分子的均动能减小，但并不是每一个分子的动能都减小，A项错误；海水温度随深度增加而降低，则氧气的温度也降低，内能减少，△U为负值，而汽缸内的氧气的压强随深度增加而增加，根据理想气体状态方程可知氧气的体积减小，则外界对气体做功，W为正值，根据热力学第一定律△U=Q十W,可知氧气放出的热量大于其内能的减少量，B项错误；氧气的温度降低，则氧气分子的均动能减小，单个分子对器壁的均撞击力减小，由于氧气的压强增大，根据压强的微观意义可知，氧气分子单位时间撞击单位面积汽缸壁的次数增加，C项正确、D项错误。8.BD解析：本题考查热力学第一、第二定律。不可能从单一热库吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他的影响，热机的效率不可能达到100%，A、C项错误；理想气体在等压膨胀的过程中压强不变，体积增大，则气体的温度一定升高，所以气体的内能增大，同时气体的体积增大，对外做功，所以气体一定吸热，B项正确；第一类永动机违反了能量守恒定律，D项正确。9.AD解析：本题考查内能、分子势能、分子的均动能、热力学第一定律的应用。气体从外界吸收的热量Q=4.2×105J,外界对气体做的功W=一6×105J,由热力学第一定律△U=Q十W=一1.8×105J,可知气体内能减少了1.8×105J,A项正确、B项错误；一定质量的理想气体内能减少，温度降低，气体分子的均动能减少，D项正确。10.AC解析：本题考查热力学定律、分子均动能、气体内能。由于气体压强不变，容器体积变为原来的一半，故单位时间内气体分子对单位面积容器壁的碰撞次数变大，A项正确；汽缸中气休发生等压变化，有片号由于温度下降后活塞距汽缸底部的距商变为原米的半，可知气体的热力学温度变为原来的一半，B项错误；气体内能变小，故外界对气体做的功小于气体放出的热量，C项正确；由于气体压强不变，故气体分子对单位面积容器壁的压力不变，D项错误。11.增大(3分)减小(3分)解析：往瓶内打气，压缩瓶内气体，使瓶内气体的内能增大、温度升高，瓶内气体分子均动能增大；当瓶塞跳起时，瓶内气体对瓶塞做功，瓶内气体的内能减小，温度降低，瓶内气体分子均动能减小，从而使瓶口水蒸气液化形成“白雾”。12.(1)减小(1分)正(2分)(2)负(2分)-50(2分)70(2分)解析：(1)对烧瓶内的气体分析，温度稍微降低时，由于瓶内气压等于外界大气压且不变，故瓶内气体的体积减小，外界对气体做正功。(2)气体由状态a变化到状态b的过程中，气体对外界做的功W,=p△V=1.0×105Pa×5.0×104m3=50J,所以外界对气体做负功，记为W=-50J;若此过程中气体的内能增加8【23新教材·DY·物理·参考答案一R一选择性必修第三册一QGA·Y】

(2)水方向在电场力作用下做匀加速直线运动Eq=ma(2分)V2vo=at(1分)E=V2m2(1分)方向水向右(1分)(3)小球从A运动到B的过程中，由动能定理可得：UaBq-mgh=m(V2v)-m哈(2分)UAB=Ed(2分)h=gt2(1分)d=at2(1分)UAB=m(1分)UABm函(1分)【使用其他方法，原理、过程、结果运算正确也可得分】21、(16分)(1)由题意可知粒子在第V象限做内抛运动，水方向匀速直线：2L=vt(1分)竖直方向匀加速直线运动：L=二at2(1分)y=at(1分)0=好+哆=V20(1分)tana=2=1(1分)所以a=45°(1分)故经过M点的速度大小为V2vo,方向与x轴正方向成45(2)根据题意画出粒子的临界轨迹，如图所示。令圆周运动半径为R,由几何关系可知：R+Rsin45°=2L(1分)由洛伦兹力提供向心力，有：qvB=m二(1分)B=2+1)mo(1分)2qL因为粒子要进入第Ⅱ象限，那么第I象限内匀强磁场磁感应强度的取值范围为：0

知识要点已510探究并联电路中电压的规律2并联电路两端的总电压跟各支路两端的电提出问题压有什么关系丙(1)根据图甲中的电路图，并联电路两端的总电压可能等于猜想与假设用笔画线代替导线连接实物图乙。(2)小刚正确测出了L1两设计电路与D端的电压U1=2.4V。图解步骤在测L2两端的电压时，小刚打算采用以下方法：电压表所接的B实验AB间电CD间电EF间电接点不动，只断开A次数压U1/V压U2/V压U3/V接点，并改接到C接点记录数上，此操作可能会导致据表格2电压表出现的现象是3(3)最后，小刚按正确的方并联电路中，各支路两端电压等于电源两法测出了L2两端的电得出结论端电压，表达式：压U2=1.6V,AC间电压如图丙所示，读出(1)连接电路时，开关应处于状UAC=V,并得态，目的是为了,避免出了实验的最终结论，交流评估损坏电路元件。实验结论为(2)为了使结论更具有普遍性，消除偶然性，要换用规格的灯泡多测几次采用三处同时连接三个相同规格的电压表实验改进的方法，减少拆卸电路的麻烦b.九年级物理上·HY27

第4章曲线运动与万有3引力学生用书归纳升华入轨道2，经C点进人轨道3，再经C点进入1.变轨原理轨道4。上述过程仅在点A、B、C启动发动(1)为了节省能量，在赤道机点火，A、B、C、D、E各点均为各自所在轨上顺着地球自转方向发射卫星道的近火点或远火点，各点间的轨道均为椭到圆轨道I上，如图所示。圆。以下说法正确的是((2)在A,点（近地点），点火加轨道2速，由于速度变大，万有引力不足以提供卫星在轨道轨道4I上做圆周运动的向心力，卫星做离心运动进入椭圆轨道Ⅱ。轨道1(3)在B,点（远地点）再次，点火加速进入圆形轨轨道3道Ⅲ。A.探测器经过E点的机械能大于D点的机2.变轨过程分析械能(1)速度：设卫星在圆轨道I和Ⅲ上运行时的速B.在B点发动机点火过程中推力对探测器率分别为山、，在轨道Ⅱ上过A,点和B,点时速率分做正功别为vA、B。在A,点加速，则A>,在B点加速，C.探测器经过E点的速度一定大于火星的则的>g,又因>，故有A>M>>vB。第一宇宙速度(2)加速度：因为在A,点，卫星只受到万有引力D.探测器从A点运行到B点的时间大于在作用，故不论从轨道I还是轨道Ⅱ上经过A点，卫星轨道2上从B点运行到C点的时间的加速度都相同，同理，卫星在轨道Ⅱ或轨道Ⅲ上经过B,点的加速度也相同。[考点三]卫星追及问题(3)周期：设卫星在I、Ⅱ、Ⅲ轨道上的运行周期[例题3]我国北斗导航系统(BDS)于2020分别为T1、T2、T3,轨道半径分别为n、r2(半长轴)年已全面建成，是继GPS、GLONASS之后第,由开普粉第三定律5=k可知1

后：80：个若小车匀速向右运动，则桶对。的弹力大小为号小gF00Ff8n为69632n8(1)要女若小车以号的妇速最对桶的弹为大小为三11g(2)求若小车向右运动，则小车挡板B对。桶可能没有支持力刚Q若小车向左运动，则小车挡板B始终对。桶有支持力题序34567答藻第Ⅱ卷（非选择题共52分）二、实验探究题：本题共1小题，共12分。将符合题意的内容填写在题目中的横线上，或按题目要求作答。9.(12分)某物理兴趣小组用如图所示的装置探究加速度与合力的关系。已知当地的重力加速度为g。(1)实验步骤如下：遮光条小滑轮11.(23光电门1第1步：把长木板不带滑轮的一端用铰链固定在水桌小滑块转面上，另一端用垫块垫起一定的高度。两光电门固定在长木板光电门2垫块一1长木板上，且光电门1与光电门2距离较远，光电门1距桌面小砂桶合(1)离小滑块（带遮光条）比较近。(2)第2步：通过调整砂桶内细砂的质量，直至给小滑块一个沿长木板向下的初速度，小滑块匀速下滑，即观察到遮光条通过两光电门的时间热等。（选填“相筹”或“不相等”）为止。号第3步：去掉小砂桶，把小滑块紧挨小滑轮由静止释放，记录遮光条（遮光条宽度为）通过光电门2的时间△，同时测量出砂桶（包括里面的细砂）的质量m。第4步：改变垫块的位置，重复第2、3两步。(2)在实验步骤第3步中，小滑块通过光电门2的速度大小=:去掉小砂桶，把小滑块紧挨小滑轮由静止释放后，小滑块受到的合力大小为门心84一。(用题中所给的字母表示)2>2兴L:)(3)测量小滑块（包括遮光条）的质量为M,小滑块的释放点到光电门2的距离为L,若关系式m总悠)成立，可得质量一定时，加速度与合力成正比。（用题中所给的字母表示三、计算题：本题共2小题，共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。10.(17分)如图甲所示，一笔筒用一木块固定在水地面上，笔筒与水面的倾角0=37°。一根蜡笔A静止在笔筒内，其轴线与笔筒轴线行，笔筒和蜡笔都近似为圆柱体，横截面如图乙所示。已知蜡笔的质量为M,蜡笔的中点（可视为重心处）用轻绳一端拉住，轻绳跨过轻质滑轮S试卷分析且另一端悬挂物体B,轻绳与笔筒轴线的夹角α=37°。蜡笔与斜面之间的动摩擦因数以=0.5,蜡笔和笔筒间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，si37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大都·14·

作品都部分地不完整，要将、烧发瑰伟大作品都存在道德。花就足比德以7见棉太作品的重要组成部分。这也印证了愈是好作品想能阿花思说过：小说的张力来自省略。正如二个雕塑大师完成一件作品，着话怎么看？是什么，接下来要做的，只是别除多余的部分。所有艺术品：。具张力。这也正是一部作品的价值所在。老无之以为用。”作家的作品是“器”，有用的能力》)八离为100口三次月考4.如图所示，某同学正推着“擦窗神器”在竖直玻璃窗上匀速向上运动，推力的大小为F、方向与A.“7:3竖直方向的夹角为a(0°

■■■☐☐☐一起匀减速，故A错误。滑块受到传送带的摩擦力一直为滑动摩擦力，但是方向先向右，达到5m/s后摩擦力向左，故B错误。匀加速阶段，有a=g=lms2、v=a41,解得(，=5s,0所以滑块的位移为，=12.5m,传送带的位移为。=4=25m，故在匀加速阶段划痕长度为(=x,-x=12.5m；滑块匀减速阶段的加速度大小与匀加速阶段加速度大小相等，且末速度为零，所以匀减速位移的大小与匀加速阶段的位移大小相等，为12.5，传送带的位移为252m=6.25m,故匀减速阶段的划痕长度为12=x-x)=6.25m<4,2a'2×2由此可知，滑块在传送带上的划痕长度为12.5，故C错误。全过程中摩擦生的热为2=umg+umgl2=18.75J,故D正确。7.对小球进行受力分析，如图所示，g的对角始终为120°，设F4的对角为α，Fe的对角为B,缓慢转动过程中，小球始终受力衡，mgB由正弦定理得ms。=E1=B。,a角由150°减小到60，F,先增大后减小，当sinl20°sina sin B&=90时，万，最大，最大值为2V5mg,故A正确，C错误。B角由90增加到180°，F3一直减小到0，当B=90°时，Fe最大，最大值为2W33,故B、D正确。8.0~t2时间内，手机向下做加速度减小的加速运动，加速度方向向下；2~时间内，手机向下做加速度增大的减速运动，加速度方向向上，七，时刻，加速度最大，七，时刻加速度为零，速度达到最大值，故A正确，B错误。，时刻，手机加速度为零，则支持力大小等于重力大小，支持力不为零，根据牛顿第三定律，则手机对薄板压力不为零，故C错误。t时刻，加速度方向向上，大小为g，手机对薄板压力为2mg,故D正确。9出1图餐可如，无人机a做匀速直线运动，遮度大小为，-8，之ms-2ms,由-1图像的斜率表示速度可知t=3s时，具有相同的速度，无人机b初速度为8m/s,经过3s速度变为2ms,a=--2ms2,负号表示与初速度方向相反，故A、B正确。0一3s内b的位移为x,=5+亏a=15m,因此t=0时b的坐标为x=-7m,a的坐标为x=2m,则2t=0时，a和b相距9m,故C错误。t=2s时，a的坐标为x=6m,0~2s内b的位移为x2=42+。at=12m,故t=2s时，b的坐标为x=5m,a在b前方1m处，故D正确。物理参考答案·第2页（共5页）

(3)第一次按乙图所示的电路测量，调节滑动变阻器的滑片，测得多组电压U及电流1的值：第二次将电压表改接在α、b两点测量，测得多组电压U及电流I的值，并根据两次测量结果分别作出U-1图像，如丁图所示。则第一次测量得到的图线是▲(填“M"或“N"):(4)电压表可看作理想电表，由-1图像可得电阻丝的电阻R=▲，根据电阻定律可求得电阻丝的电阻率p=▲D·m(π取3.14，计算结果均保留2位有效数字)。UW12025307万-100125150hmA11.(9分)如图所示，竖直放置的导热薄玻璃管下端封闭、上端开口，管内用长为h=14cm的水银柱密封一段长为1=30cm的理想气体，此时环境温度T。=300K,缓慢加热密封气体，水银柱上升了△1=10cm,已知大气压强恒为P%=76cmHg,玻璃管足够长。求：(1)加热前密封气体的压强；(2)加热后气体的温度T,;(3)保持温度T,不变，在玻璃管上端缓慢注人水银，使得气体长度恢复到30cm,则所加水银柱长度△h。广西2023年10月高中华业班摸底测试·物理第5页（共6页）

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阅读理解A【主题语境】人与自我一一生活与学【语篇导读】本文是一篇应用文。文章介绍了Modern School的年度庆祝活动。作为学校最重要的年度盛事，。校庆庆祝了学校及学生的各项成就，倡导家校合作，也借此体现学校的教育理念。校庆活动持续三天，分别面向不同年段的学生群体。活动内容包括丰富多彩的舞蹈、戏剧和歌唱表演等。与此同时，学校鼓励学生全员参与，增强他们的自信心和综合能力。l.D。推断。根据第一段It is at that time.we mainly celebrate and recognize the school's as wellas the students'achievements...being proud of what the school's educational ideas are andwhat they stand for可知，校庆作为学校最重要的日子，主要是庆祝和表彰学校和学生的成就，同时让观众了解学校的教育理念。因此，观众会通过校庆活动了解学校的教学进展和教育理念。2.A。理解具体信息。根据Course of Events部分The celebration is spread over three days:oneday is for the Pre-Primary section...for the Primary Years Programme section...for Class 6 to 12可知，庆祝活动为期三天，第一天是学前教育部分，第二天是小学课程部分，第三天是六年级至十二年级，由此可推知，三天的节目活动是根据年级进行划分的。3.C。理解具体信息。根据Dancing and Singing Performances部分we have storytelling parts andpoem recitations as fillers in between performances可知，歌舞演出之间会穿插进行一些讲故事和诗朗诵之类的小节目，即语言类节目。【主题语境】人与自我一一做人与做事【语篇导读】本文是一篇记叙文。Shanice Lim辞去米其林星级餐厅的工作自主创业，开设了一家以祖母传统食谱为特色的马来风味小吃摊So Lemak。运营初期，虽然面临各种困难，但Lim坚持用优质食材和独特风味打造出美味可口的特色菜肴，并赢得了当地顾客的喜爱，最终在激烈的市场竞争中取得了成功。4.C。理解具体信息。根据第二段She wanted to be her own boss and to make her flavors andfood accessible to the average Singaporean可知，为了让自己的菜品被更多的人吃到，ShaniceLim离开了Zén restaurant自己创业。5.D。理解具体信息。根据第三段.she named her little business“So Lemak”,which is alsothe name of the rich,creamy flavor that is characteristic of so many Malaysian dishes,Shanice Lim之所以将小吃摊取名为So Lemak,是因为这个名字代表了大多数马来西亚菜品的特点，让人们可以联想到马来西亚菜的特色。6.B。理解态度。根据第四段“Working in a restaurant,I didn't really sweat..But in a stall,it wasso hot that I fell sick once a month...I still want to be my own boss and I believe my efforts willpay off,,”可知，Lim认为尽管和之前在餐厅工作相比，小吃摊的工作环境恶劣，但是她仍然想要自己创业，她相信自己的努力会有回报。由此可推知，当谈到自己经营小吃摊生意所面临的困难时，Lim态度坚定。7.A。推断。根据末段.she serves around300 plates a day,and So Lemak is finally able tosucceed in a competitive market,despite charging a little more for nasi lemak than the averagefood stall.It's been a while since I had such great nasi lemak可知，经过一年的经营，Lim雇了两个员工，她的小吃摊每天要供应大概300份餐，尽管椰浆饭的价格比其他摊贩略高，但她的小吃摊还是在激烈的竞争中成功出圈，由此可推知，Lim的食物因美味而深受大家的喜爱。C

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阅读理解A【主题语境】人与自我一一生活与学【语篇导读】本文是一篇应用文。文章介绍了Modern School的年度庆祝活动。作为学校最重要的年度盛事，。校庆庆祝了学校及学生的各项成就，倡导家校合作，也借此体现学校的教育理念。校庆活动持续三天，分别面向不同年段的学生群体。活动内容包括丰富多彩的舞蹈、戏剧和歌唱表演等。与此同时，学校鼓励学生全员参与，增强他们的自信心和综合能力。l.D。推断。根据第一段It is at that time.we mainly celebrate and recognize the school's as wellas the students'achievements...being proud of what the school's educational ideas are andwhat they stand for可知，校庆作为学校最重要的日子，主要是庆祝和表彰学校和学生的成就，同时让观众了解学校的教育理念。因此，观众会通过校庆活动了解学校的教学进展和教育理念。2.A。理解具体信息。根据Course of Events部分The celebration is spread over three days:oneday is for the Pre-Primary section...for the Primary Years Programme section...for Class 6 to 12可知，庆祝活动为期三天，第一天是学前教育部分，第二天是小学课程部分，第三天是六年级至十二年级，由此可推知，三天的节目活动是根据年级进行划分的。3.C。理解具体信息。根据Dancing and Singing Performances部分we have storytelling parts andpoem recitations as fillers in between performances可知，歌舞演出之间会穿插进行一些讲故事和诗朗诵之类的小节目，即语言类节目。【主题语境】人与自我一一做人与做事【语篇导读】本文是一篇记叙文。Shanice Lim辞去米其林星级餐厅的工作自主创业，开设了一家以祖母传统食谱为特色的马来风味小吃摊So Lemak。运营初期，虽然面临各种困难，但Lim坚持用优质食材和独特风味打造出美味可口的特色菜肴，并赢得了当地顾客的喜爱，最终在激烈的市场竞争中取得了成功。4.C。理解具体信息。根据第二段She wanted to be her own boss and to make her flavors andfood accessible to the average Singaporean可知，为了让自己的菜品被更多的人吃到，ShaniceLim离开了Zén restaurant自己创业。5.D。理解具体信息。根据第三段.she named her little business“So Lemak”,which is alsothe name of the rich,creamy flavor that is characteristic of so many Malaysian dishes,Shanice Lim之所以将小吃摊取名为So Lemak,是因为这个名字代表了大多数马来西亚菜品的特点，让人们可以联想到马来西亚菜的特色。6.B。理解态度。根据第四段“Working in a restaurant,I didn't really sweat..But in a stall,it wasso hot that I fell sick once a month...I still want to be my own boss and I believe my efforts willpay off,,”可知，Lim认为尽管和之前在餐厅工作相比，小吃摊的工作环境恶劣，但是她仍然想要自己创业，她相信自己的努力会有回报。由此可推知，当谈到自己经营小吃摊生意所面临的困难时，Lim态度坚定。7.A。推断。根据末段.she serves around300 plates a day,and So Lemak is finally able tosucceed in a competitive market,despite charging a little more for nasi lemak than the averagefood stall.It's been a while since I had such great nasi lemak可知，经过一年的经营，Lim雇了两个员工，她的小吃摊每天要供应大概300份餐，尽管椰浆饭的价格比其他摊贩略高，但她的小吃摊还是在激烈的竞争中成功出圈，由此可推知，Lim的食物因美味而深受大家的喜爱。C

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