2024届高三第一轮复习周测卷·物理[24·G3ZCJ·物理-HKB-必考-SX](1-5)物理/

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的拉力最小，所以小球由A运动到B的过程生电场强度分别为E=0(方向由c指向b),中，绳子拉力逐渐减小，故C正确；小球由A运动到B的过程中，根据能量守恒可知，小球B-0(方向由c指向d),E'-部（方向由a电势能的增加量等于机械能的减少量，故D指向c),则a,d处点电荷在c点的合电场强度错误.大小为瓷（方向由c指向），根据矢量合成法11.0.43(3分)0.32(3分)解析：由于s的距离最短，故测量误差最大，舍去，则可知c点处电场强度的方向不沿日的角分由△x=a(△T)2可知，小铜块下滑的加速度大小为线，故B错误；C.若仅存在d点处点电荷，根据=++》,将数据代人解得a≈0.43数学知识可知ed>fd,d点固定的电荷带负电，(2△T)2故f点电势低于e点电势，若仅存在a点和b点m/s2;由牛顿第二定律有mgsin a一μngcos a=处的点电荷，a、b两点处的点电荷电荷量分别为ma,解得μ≈0.32.十q和一q,由ea=eb可知e点电势为0，又fa>12.(1)位移(2分)发射(2分)fb可知f点电势为负，得f点电势低于e点电(2)匀加速直线(1分)2(2分)0.12(2分)势，综合以上分析可知，9r<,故C错误；D.根解析：(1)信号发射部分和信号接收部分组成位移据P<,且电子带负电，结合电势能E。=qp,传感器，其中A是信号发射部分.可知电子在f点的电势能大于在e点的电势能，(2)由图可知，AB段为直线段，小车在AB段的运故D正确.故选D.动可以近似地看作匀加速直线运动；小车在AB段7.AD根据电容公式得U=,极板间电压减小时，的加速度是a=-888a/g=2ng,小静电计指针的张角变小，所以增大C即可.根据电容的决定式C=可知，减小极板间车在AB段的位移是x=号0,4+0.8)X0.2m0.12m.距离、增大极板间正对面积、增大介电常数（如13.解：(1)带负电小球静止时电场力水向左，与场强插入有机玻璃等)都可以增大电容.故选AD.方向相反，所以电场强度方向水向右。8.BC电场线密的地方电场强度大，所以P点场强比小球受重力、电场力和细线的拉力，根据衡条件Q点场强小，故A错误；该电场与等量异种点电荷的电场相似，根据沿电场线方向电势降低有tan37°=Egmg可知：P点电势一定高于Q点电势，故B正确；P点电势高于Q点电势，即pr>Po.由电势能解得E=mgta37=3mg,(3分)4g公式E。=qP,可知正电荷在P点的电势能大(2)根据匀强电场中电势与场强的关系可得于在Q点的电势能，故C正确；由于该电场是非匀强电场，从M到N的过程场强E先减小Uo=Elsing37°=9mgL,(2分)20g后增大，由F=qE可知，正点电荷所受的电场(3)小球从A点沿圆弧缓慢向左拉起至与O点处力也是先减小后增大，故D错误.于同一水高度的过程，由动能定理有9.CDA.小球仅在电场力作用下从静止开始向右运Wr-mglcos37°+Egl(1-sin37°)=0，动，则带点小球受向右的电场力作用，小球离解得Wr=0.5mgl.(4分)点电荷越来越远，根据F=可知电场力越14.解：(1)由图可知U1=U2=20V,①由电场强度和电势差的关系可得：左侧电场强度：来越小，加速度越来越小，带电小球做非匀变速直线运动，选项A错误；B.带电小球离点电B-号，0荷越来越远，电场力做正功，电势能逐渐减小，选项B错误；C.带电小球加速度越来越小，根右侧电场强度：6一号③据△x=aT可知在相等的时间间隔内，小球位移的增加量逐渐减少，选项C正确；D.带电联立008式，代入数据解得是-兰④4分)小球加速度越来越小，但速度越来越大，在运(2)粒子运动到原点时速度最大，由动能定理得：动相同距离的过程中，时间越来越短，根据En=qEd1,⑤F1=△p可知小球动量的增加量逐渐减少，选项联立②⑤式，代人数据解得：Em=2.0×10-8J,⑥D正确.故选CD.(3分)10.BC小球所受重力与电场力的合力大小为F=qE(3)设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为4、一mg=2mg,方向是竖直向上的，所以A点相当于圆周运动中的等效最低点，B点相当于t2,在原点时的速度为，由运动学公式得：vm=圆周运动中的等效最高点，若恰好做完整的g95t1,@圆周运动，在B点，根据圆周运动规律可得m=2mg,解得B=√2gR,从A到B,根据=g52a,⑧T=2(t1+t2),⑨动能定理可得-2mg·2R=2m1由动能定义式得：B.=之m话，Wmu,解得vA=√10gR,故A错误，B正确；联立①②③⑥⑦⑧⑨⑩式，代人数据解得：在A点绳子受到的拉力最大，B点绳子受到T=3.0×10-8s.(5分)S3·滚动周测卷·物理答案第16页（共16页）