国考1号4(第4套)2024届高三阶段性考试(一)1物理答案

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上升过程中合外力大小与空气阻力大小之比6：1，)正确；OC上都是水平向左，因此OC是等势线，故A正确；18.答案：C将题中半球壳补成一个完整的球壳，且带电均匀，设左、右半球在A点产生的电场强度由于电场方向斜向右上方且与水平方向夹角为45°，则电场力为F大小分别为E和E2;由题知，均匀带电球壳内部电场强度处处为零，则知E:=E2,根=Eg=√2mg,将电场力和重力合成，合力大小为mg,方向水平据对称性，左右半球在B点产生的电场强度大小分别为E2和E1,且E,=E2,在图示电向右。合力所在的直线与圆周的交点为速度最小值的点和最大值场中，A的电场强度大小为E:,方向向左，B的电场强度大小为E1,方向向左，所以AA的点，即A点和B点。在B点时速度最大，动能最大。在A点，点的电场强度与B点的电场强度相同，沿直线从A到B电场强度不可能逐渐增大，故当绳上拉力为零时，速度最小，则电场力和重力的合力为圆周运BD错误；动提供向心力mg=m“,可得mVgL,放A错，C正确；根据电场的叠加原理可知，在AB连线上电场线方向向左，沿着电场线方向电势逐渐降低，则沿直线从A到B电势升高，故C正确。除重力和弹力外其他力做功等于系统机械能增加值。如图所示，从E到F,电场力做正22.(1)偶然(2分)功，机械能增加。从F到E,电场力做负功，机械能诚小。所以运动到E点时机械能最(2)40.80(40.7840.82)(2分)小。故B错误；(3)6.13×10-3(2分)由于绳上拉力不做功，电场力和重力的合力大小为g,方向水平向右。从C到B时，解析：合力做功为Wcs=mgL,从B到D时，合力做功为WD=一mgL,所以，从C运动到第(1)问，通过“用圆心来确定小球到达地面的平均位置”实验步骤，来考查学生D的过程中合力做功为零。故D错误。对系统误差和偶然误差概念的理解。19.答案：AB第(2)问，刻度尺读数时，首先要确定刻度尺的最小分度1mm,然后确定读数时探测器在近火星轨道和近地轨道作圆周运动，根据v-T”，可知=一，若已知探测器读到0.1mm的规则读出刻度尺的读数，因此该读数为40.80cm。第(3)问，数据处理时，要理解实验方案，确定碰前A球落地点在P处，确定碰在近火星轨道和近地轨道的速率比和周期比，则可求得探测器的运行半径比；又由于探前A球的速度，同时要注意物理量的单位，代入数据应该用国际单位制中的数值，计算测器在近火星轨道和近地轨道运行，轨道半径近似等于火星和地球的半径比，故A正确；结果要注意有效数字，其结果为6.13×103g·m。根据万有引力提供向心力有G-m兰，可得双一答，结合A选项分析可知可以求23.(1)2600(1分)50(2分)(2)串联(1分)950(2分)解析：得火星和地球的质量之比，故B正确；(1)本题中采用“半偏法测电流表的内阻”，要求滑动变阻器的阻值远大于电流表的由于探测器运行的周期之比不是火星或地球的自转周期之比，故不能求得火星和地球的内阻，电流表内阻为几十欧，则R,应选用最大阻值为26002的滑动变阻器。自转角速度之比，故C错误；半偏法中电阻箱改变后其阻值等于电流表内阻，即502。由于题目中我们只能求出火星和地球的质量之比和星球半径之比，根据现有条件不能求(2)改装后电压表的内阻较大，故应该串联一个电阻。出火星和地球的公转半径之比，故D错误。改装后电压表的满偏电流为0.001A,满偏电压为1V,20.答案：CD1由左手定则可知，沿α轨迹运动的粒子带负电，故A错误；则改装后电压表内阻为Rv-0.0010=1000n,由半径公式，一网可知，治。轨迹运动的半径小，则沿a轨这运动的粒子的述率更小，则需要串联的电阻为R=Rv一R.=10002一502=9502：24.(1)由于地面光滑，则木板与滑块组成的系统动量守恒，有故B错误；2mto=3mv共圆的直径为最长的弦，图中直径时都到不了地面，则其他反向的也将不会到达地面，故解得C正确；20由图可知，当粒子射人的速度方向沿顺时针转过小于90°的锐角时，都可到达地面，故D0共=3正确。(2)由于木板速度是滑块的2倍，则有21.答案：ACV木=2V游由于球壳内部的场强为零，补全以后可知在右侧球壳任取一点，该点和C连线后过左半再根据动量守恒定律有边球壳一点，两点对C的库仑力为零，即等大反向共线，将左侧沿竖直对称到右侧球面，2mv0=2mU木十mv滑则可以知道这两个点在C点的合场强水平向左，根据叠加原理可知C点场强向左，同理联立化简得伯乐马2022年高考三轮复习保分抢分系列卷·物理答案·第17页（共32页）