河南省2023～2024学年度九年级综合素养评估(一)[PGZX C HEN]数学答案

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本文从以下几个角度介绍。

1、河南省2024～2024学年度九年级期中检测卷
2、2023-2024河南省九年级学业水平卷一数学
3、2024河南省九年级学业水平考试仿真试卷a数学
4、河南省2023-2024学年度九年级期末检测卷
5、2024河南中考·九年级评估调研试卷
6、2024年河南省九年级学业水平考试仿真试卷
7、2024河南省九年级学业水平考试仿真卷
8、2024年河南省九年级学业水平考试仿真试卷b
9、河南省2023-2024学年第一学期教学质量检测九年级
10、2024河南中考九年级评估调研试卷

答疑解惑全解全析平面ABCDEFGH,且AA,∩AB=A,则AF⊥平面BDC平面BCD,所以平面AOC⊥平面BCD.又因为CPAA1BB,又因为AF∥A1F1∥BE∥B1E,所以共有4个2CB.BQ=}BD,AR=号AB,所以RQ∥AO.PQ/阳马；同理，AG⊥平面AACC,共有4个阳马；AH⊥平面AADD,共有4个阳马；AB⊥平面AAFF,共有4CO,则PQ∥平面AOC,RQ∥平面AOC,又RQ∩PQ=个阳马；AC⊥平面AAGG,共有4个阳马；AD⊥平面Q,所以平面RPQ∥平面AOC,所以平面RPQ⊥平面AA1H1H,共有4个阳马.故一共有24个阳马.故选CBCD,故B正确；因为平面AOC与平面ACD相交，所以平面RPQ与8.D【解析】如图，绘出三棱柱ABCA1BC,平面ACD相交，故A错误；取AC的中点G,BC的中点H,因为AC与AO相交，所以AC与RQ异面，故CAC的中点J,BC的中点I,连接错误；GJ,JI,IH,HG,因为E是AC的中因为PQ∥CO,所以PQ⊥BD,若PQ⊥AD,根据BD点，F是CB:的中点，所以点E在GJ∩AD=D,BDC平面ABD,ADC平面ABD,可得PQ⊥上，点F在HI上，因为P为该三棱柱平面ABD,又PQC平面BCD,所以平面ABD⊥平面表面上的一动点，三棱柱恰好有5条棱A,BCD,这与该几何体是正三棱锥矛盾（正三棱锥的侧面不与平面PEF平行，所以点P在线段GJ,JI,IH,HG上，与底面垂直)，所以PQ与AD不垂直，故D错误.故除去点E,F,此时平面PEF为平面GHIJ,直线AA,选ACD.AB,A1B,BB,CC都平行于平面GHIJ,故动点P的轨迹为除去E,F两点的平行四边形，因为AA1∥平面11.ACD【解析】对于A,GHIJ,AB∥平面GHIJ,AA∩AB=A,所以平面GHIJ.∠ABC=90°，∠ADC=90°，∥平面AAB1B.故选D.∴.AC的中点O即四面体D'ABC的外接球的球心，AC为球的直9.ABC【解析】如图，把展A(B,C)径，R=√2，外接球的表面积开图还原成正四面体ADEF.因为GH∥BD,MN∥FC,GMS=4πR2=4πX(W2)2=8π，故A正确；H(N∥DF且GM=之DF,所以在四面D:对于B,当平面AD'C⊥平面ABC时，四面体D'ABC体ADEF中，H,G,M分别为棱的体积最大，此时高为包，(x)=号×号×2X2AE,DE,FE的中点，所以GM∥DF,MH∥FA,因为GMX=放B错送：中平面ADF,DFC平面ADF,所以GM∥平面ADF,同理可证MH∥平面ADF,又GM∩MH=M,所以平面对于C,设正方形ABCD的对角线AC与BD交于点ADF∥平面GMH,故A正确；O,由题意，翻折后当BD的最小值为√2时，△ODB是边因为GN∥AD,所以异面直线GN与AF所成的角长为2的等边三角形，此时∠DOB=牙∴点D的运动为∠DAF=60°，故B正确；连接DM,AM,因为△DEF为等边三角形，M为EF轨迹是以O为圆心2为半径、圆心角为的圆弧，∴点的中点，所以DM⊥EF,同理可得AM⊥EF,又AM∩DM=M,所以EF⊥平面ADM,因为ADC平面ADM,所以D的运动轨迹的长度为学×，2=2，放C正确：DA⊥EF,故C正确；对于D,结合上述的分析可知，边AD旋转所形成的MN与HG交于点N,故D错误.故选ABC.曲面的面积为以A为顶点，底面圆是以O为圆心，OD10.ACD【解析】取BD的中A√2为半径的圆锥的侧面积的令，即所求曲面的面积为点为O,连接AO,OC,PQ,RQ,PR,因R为三棱锥ABCD为正三棱锥，所以AB3πl1xX,2X2=2,放D正确，故选ACD3=AD=AC,BC=CD=BD,因此AOL12.ABD【解析】对于A,在Rt△DAC中，AD=BD,CO⊥BD,又AO∩CO=O,AOCAC=1,得∠ADC=45°，同理可得∠A1DC=45°，所以平面AOC,COC平面AOC,所以BD⊥平面AOC.因为∠CDC1=90°，所以DC⊥DC,又DC⊥BD,且DC∩BD·15…22J