琢名小渔·2024届高三年级考点评估测试卷(二)2物理试题

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1、2024高三教学测试物理

~则整制该性状的基因位于常染色体病的接于男吧啊睡蛋白结构发生孜变，C正确：病毒没有细者R公鸡全为玫瑰冠，母鸡既有玫瑰冠，又有豆冠（或只(4)睾丸3.B【解析】显性遗传病往往具有世代连续遗传的现象，故若即鸡出残豆冠或只有母鸡出现性状分离)，则基因位于乙【解析】分新系谱周：：和Ⅱ：都患甲病，但它们有一个正常的甲病在家系中星连续遗传现象，则甲病为常染色体显性遗传胞结构，不能独立生存，只有寄生在宿主细胞中才能增殖，该儿子，即“有中生无为显性.显性委即心四一病或伴X染色体显性遗传璃，A错误：显性迹传病往往具有噬菌体合成蛋白质的原料全部来自宿主细胞，所以子代噬菌“纯遗传的现象，而隐性遗传病往往具有隔代遗传的现体的蛋白质不可能含有宿主细胞内不存在的氨基酸，D错误，mg一g工，与x成正比，方向相反，故微简谱运动，两种液以坐标为2m,一4cm,故C结民：若乙是质点Q的振动围10.A【解析】正常基因转录时也会形成DNA-RNA九方反体密度不同，木茯的衡位置不同，因此木块微简振动得保，副光时到Q向下报动，则造沿工轴正方向待海，所以振动加强点有6个。振幅A,最大势能变化不同，故B错误，C正确；该简谐运动的点向上振动，经过时间1=015一T时，处于谷处，所15.【解析】(1)从A开始下落到A、B碰撞前瞬间过程，对A由为E,-之(4)周期与恢复力的比例系数Pg有关，因此周期T不同，故A以坐标为(1m,一4cm),故D正确。错误；简谐运动最高点与最低点加速度大小相同，则有mg12.(1)弹簧自身重力的影响无(2)50(3)AB动能定理得mAgh=之m小球在振幅处的动能为零，系统势能为E,=2kA:代入数据解得n=2m/sF事=ma,盐水中a大，所以盐水的最小浮力小，故D错误。解折由于夹际弹黄都有重力：故整直瑟挂后，有了一定的初始仲长量，使得图线不过坐标原点。应用图像法处理A、B碰撞过程系统内方远大于外力，系统动量守恒，以向下依据能量守恒定律，从振幅处到A的过程中有故选C。7D【解析】秋千从摆动到停下的过程受空气阻力，振幅不断实验数据，所对应图像的斜率就是弹黄弹力与弹簧仲长量为正方向，由动量守恒定律得mAUA=(m十mB)D代入数据解得v=1m/s之kA=之(A)'+E减小，为阻尼振动，故A错误：在最低点，根据牛颜第二定律关系，鲜簧质量不会导致弹黄动度系数的测量结果与其实(2)碰撞后A、B做简谐运动，设在衡位置时弹簧的压缩量可得E-是AN-mg=m，可得秋千对手机的支持力N=mg十m号，可值不同。为x1,则(mA十mB)g=kx110.0-5.0知秋千对手机的支持力大于手机所受的重力，故B错误：秋(2)该弹黄的劲度系数为k=△(21.00-11.0)X10A、B上升到最高点时C对地面的压力最小为零，设此时弹(七)千的周期为从最大振幅偏角到另外一最大振幅偏角位置再簧的仲长量为x2,对C,由衡条件得mcg=z:N/m=50 N/mA、B做简谐运动的振幅x=x1十x21.C【解析】小球带负电，可知小球所受电场力沿着PQ方向，回到最大振幅偏角位置所用的时间，所以两次经过最低点与小球的初速度方向相同，小球做加速运动，故A错误；根据有两次向心加速度最大，故周期为T=一山，故C错误：根据③)当弹簧弹力为0时，弹簧处于原长，由图乙可知，横轴发设在A、B碰撞位置弹簧的压缩量为3，由衡条件得距表示原长，所以口的原长比b的短，故A正确；根据胡克匀强电场的等势线和电场线垂直可知，C点的电势等于P点mBg=kx摆周期公式T-A--2:√,可得当地重力如度定律可得F=k虹=(L一L),可知图线的斜率表示弹簧的从A、B碰撞后瞬间到A、B到达最低，点过程，由机械能守恒的电势，A点的电势等于Q点的电势，沿着电场线的方向电动度系数，所以a的动度系数比b的大，故B正确，C错误，定律得势逐渐降低，可知电场中A点的电势高于C点的电势，故BgD正项，故D错误；根据A选项分析可知小球所受电场力的方向与小球的振据胡克定律可知，弹簧的弹力与弹簧的仲缩量成正比，故(mA+m)2+2k+(m十m>g(-+五+)）运动方向相同，电场力做正功，则小球的电势能不断减小，故8.ACD【解析】消声原理是利用了波的千涉原理，在相位上差D错误。故选ABC正确；根据A选项分析可知小球所受电场力沿着PQ方向，180度的奇数倍，从而互相千涉而抵消，A正确：火车转弯出13.a)AD(2)4L(3)2.019.76(4)B=2k(m+十)2该小球若从M点沿MN方向射入，则小球将向AD边偏转，是重力和支持力的合力提供向心力，故高度差不能决定火车解得k=120N/m故D错误。故选C。转弯的速度，B错误；医用彩超是利用超声多普勒效应和超声6A、B到达最低点时弹簧的弹力最大，C对地面的压力最低，2.D【解析】由图可知x轴上的一x0和2x0之间的电势都大于的回波原理，C正确；高压输电线上作业的工人穿戴的包含金【解析1)单摆实验中摆线长约为1m,小球应用密度较大设地面对C的最大支持力为F,对C,由衡条件得零，故两个点电荷一定都是正电荷，故A错误；在工=0处属丝的织物工作服，是利用了静电屏蔽的原理，D正确。故F=mcg十k(x1十x1十x2)P一x图像切线的斜率为零，则该点处的电场强度为零，有k选ACD。的金属球，AD正确。代入数据解得F=10N9.CD【解析】当弹力最大时，小球处在最低点，则乙图从小球由牛顿第三定律可知，C对地面的最大压力大小F=F器-解得9：91：4，故B错误：因a点电势大于t2处在最低，点开始计时，故A错误；由F一图像的上下对称性@由7=2√任，1-，得g=L10N,方向竖直向下。b点电势，从质子a点由静止释放到达b点，电场力做功大于可得，小球处在衡位置时，弹簧的弹力为F,由回复力为0(3)由T=得T15。=2.01,由g得g16.【解析】(1)设小物块位于衡位置时弹簧的伸长量为0，有零，因此到达b点时速度不为0，故C错误；从Q点静止释放可得F=mg,解得小球的质量m为，故B错误；由FT=29.76m/s2到O点，由动能定理可得e(a一m)=2m6,得=p十当小物块相对于衡位置向下的位移为x时，如图受弹力图像的左右周期性可得号T=白，解得简谐振动的周期T为(④T-()L,困线b为正确实验图线。图线Q中斜率gF和重力G作用合力,故D正长选D,40,故C正确：小球在最高点时，弹簧对小球弹力的最小设与b相同，证明g相同，L为零时T>0,说明L记录小，应该是误将悬点到小球上端的距离记为摆长L,A错误；图线〔3.B【解析】设初始时刻电场强度为E,则E-号，正负电荷为Fm,由弹簧振子的回复力（合力）在最低点、最高，点等大反所在点的电势分为P和，则其电势能为，E=q(p一m)向可得F-mg=mg-F咖，结合F=mg,解得F==2F斜率较小，得出的g偏大，C错误；由g=可知，若g偏9B1-受则电场力微功W=一马=一受，现将两板板F2,故D正确。故选CD。大，则T偏小，B正确。d10.ABD【解析】某个单摆摆动过程中多次通过同一位置时，(5)设A点到铁锁重心的距离为1。，则了=4纪(+)，TF◆=一FT十G,其中FT=k(x十x)速度大小相等但方向可能不同，根据F=一x可得，加速度旋转30。场强变为E2三反，则23,2二，故-誓化+.由两头得行-万=誓山-4解得F=一bxa=加=一,故加述度一定相同，A正确；如果驱动摆的即合力与位移大小成正比，方向相反，由此得证小物块的运W,=-Ee=-y=W。故选B。动是简谐运动。摆长为L,根据单摆的周期公式有T-2红√臣，而关他单摆(2)由证明过程可知合力F与位移x关系图线如图，4.C【解析】带负电的小球在竖直光滑绝缘圆形轨道做匀速圆都是受迫振动，故其振动周期都等于驱动摆的周期，B正确；周运动，则小球所受合力大小始终保持不变，合力方向始终当受迫振动的单摆的固有周期等于驱动摆的周期时，受迫14【解析】1)由国可知，经过t=3s,Q先经历了2T,则指向圆心，由于小球必受重力、电场力，轨道还可能对小球有1=1.5T作用力，则在做匀速圆周运动过程中要保持合力大小不变，振动的振幅最大，故某个单摆的摆长大，振幅不一定也大，C错误：同一地区，单摆的固有频率只取决于单摆的摆长，则由于频率为f=一，解得f=0.5Hz小球所受重力与电场力必然是一对衡力，由牛顿第二定律只有摆长等于驱动摆的摆长时，单摆的振幅能够达到最大，知小球在轨道中任意位置合力大小相同，即有F。=贸这种现象称为共振，D正确。（②)对P有振幅A=0.15m,角速度为w-牙-经=，mg,所以小球在轨道任意位置受到的弹力提供向心力，即小1L.AD【解析】由甲图读出波长入=2m,由乙图读出周期T=由图可知物块由衡位置到位移为x的运动过程中合力FP波源振动方程为y=0.15 sint(m)球在最高点对轨道的压力大小为F压=mg,故AB错误；小球0.2s,则该波的波速v=分=10m/s,故A正确；由于不知由图可知，P波源在Q波源开始振动1s后才开始振动，则所受重力与电场力是一对衡力，则电场力方向竖直向上，时间的范围为≥1s道乙图为波的传播方向上具体哪个质点的振动图像，所以(3)波长为入=4m,设振动加强，点与P,Q点距离分别为由动能定理得△E=W=一)kx且电场力做了多少功，电势能就变化多少，设时刻小球运动到某一位置时与圆心连线所在直线与水方向的夹角为日无法判断波的传播方向，故B错误；若乙是质点P的振动图1、x2(3)依据机械能守恒定律有△E,十△E,=0则t=0时刻开始至t时刻小球沿轨道做逆时针方向的匀速像，则此时刻P向下振动，则波沿工轴负方向传播，所以Q+=20m,1x2=k以(k=0,土1，±2)解得E,=2kx点向上系动，经过时间=0.15s=子T时，处于波谷处，所且4m≤x1≤14m,圆周运动，电场力微功为W=ERsn0,0=od=尽-√食、解得-3<2，其中k取-3、-2、-1,0.1和2，则区间内(4)小球在运动到衡位置O,点下方距离为时系统势能Eg=mg,又由电场力做功与电势能变化关系有W=E1213