三晋卓越联盟2025~2026学年高二8月开学收心考物理答案

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，可得E=4πkQ，可知电场强度不变，故油滴仍处于静止状态，C错误；D.若将开关打到2，电路稳定后，dErSErS大，油滴将向上运动，由于P点距下极板的距离不变，根据=Ed，可知P点的电势升高，D正确.故选D.8.ABC根据右手定则可知，若金属棒顺时针转动，金属棒从图示位置转过360°的过程中，流过电阻R的电流先从6流向a，后从a流向6，若金属棒逆时针转动，金属棒从图示位置转过360°的过程中，流过电阻R的电流先从b流向a，后从a流向b，A错误；若经历时间t，金属棒转过夹角为0，则有0=ot，感应电动势的瞬时值R+ro√24√2，电阻R的功率P=1R，结合上述解得P=0.32W，C错误；结5合上述可知，当金属棒转过90°，感应电动势的最大值为emax=Bdor=2V，即金属棒在转动过程中，通过电路的磁通量变化率最大值为2Wb/s,D正确.本题选不正确的，故选ABC.答案解析网9.ADA.从A到B的过程中，由于绳子对Q做负功，故重物Q的机械能一直减小，A正确；B.由于P、Q沿绳子方向速度相同，则有uQ=Upsin0，由题意可知，P滑块刚好能运动到B点，则此时P速度为零，则Q的速度也为零，故从A到B的过程中，重物Q初末速度均为零，则Q的速度先增大后减小，速度方向向下，则其加速度方向先向下后向上，故重物Q先处于失重状态，后处于超重状态，B错误；C.从A到B的过程中，由于弹簧一直处于拉伸状态，则在从A到B过程中，弹簧一直对滑块P做负功，可知P与Q的机械能之和一直减小，CBOmgxBotanθ+E，解得M>2m，D正确.故选AD.答案解析网三R-L=1.10.AD如图，由几何关系，得cosαVa33的粒子能打在收集板MN上，A正确，B错误；粒子加3，C错误；若增大外圆弧面AB与内圆弧面CD的电势差，m进人磁场的速度增大，则粒子在磁场中的半径增大，由cosα=由m="二α可知打在收集板 MN 的粒子数占比将增大,D正确.故选 AD.11.（1)CD(2分）（2)B(2分）（3)1.5(2分）答案解析网解析：（1）A.由折射定律知不是上下表面行的玻璃砖也能测出玻璃的折射率，A错误；B.人射角适当大些，折射角也会大些，折射现象较明显，角度测量的相对误差会减小，B错误；CD.尽可能垂直插放大头针在纸面上，并使其相邻的间距适当大些，易于计算角度的正弦值，CD正确.故选CD.答案解析网（2）A.如图1，实线表示正确的光路，虚线表示操作错误的光路，为了避免笔尖触划玻璃砖的折射面，画出的bb'比实际向外侧移了一些，其他操作均正确无误，并仍以aa和bb为折射面画出了光路图，导致折射角偏大，由折射定律知，测的折射率偏小，A错误；B.如图2，在实验中将玻璃砖界面aa和bb'的间距画得过窄，而其他操作均正确，会导致折射角偏小，由折射定律知，测的折射率偏大，B正确；C.准确画好玻璃砖界面aa'和bb'后，实验过程中不慎将玻璃砖向下移了一些，人射角和折射角不变化，由折射定律知，测的折射率准确，C错误.故选B.答案解析网图1图2sin011 - 0. 4— 2 ，变形得sin02=（3）由折射定律n=sinθ，可知图线斜率为k=-sin02