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设点B到面PCD的距离为d,由sc0=%ncn得co-3S.rcod=1,解得d=2西5故点B到面PCD的距离为2.12分20.【命题意图】本题考查导数的综合应用,要求考生了解函数的单调性与导数的
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度为解方程组+3),下面是两位同学的解答过程小敏:解:把方程2x-y=1变形为y=2x-1,小川:解:将方程2x-y=1的两边乘3得6x-3y=3,再将两个方程相加,得到再将y=2x-1代入方程x+3
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【快解】在△PFF,中,10P1=3,l0F,I=10F21=3,故1x+31-1x-21≤3(2)f(x)=Ix-3al-1x+2alsI(x-3a)-(x+2a)I=【一题多解】如图,取AB的中点
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度为解方程组+3),下面是两位同学的解答过程小敏:解:把方程2x-y=1变形为y=2x-1,小川:解:将方程2x-y=1的两边乘3得6x-3y=3,再将两个方程相加,得到再将y=2x-1代入方程x+3
=6.8.即x=46.24时:有最大值66.36,一6.由色湾©)©振地物线的定义御点M到出点F的离等于点M到准线的距离故一合·在R△MNF中,表示nMNH的倒数.故求M的最大值转化为求n∠MNH的最小B的值,此时,anMN百也取最小值,而an∠MNH的最小值就是曲线y一在点M处的切线过N点时的斜率,由专2得议西我在处的切线方程为冬女一而点N.斗】0,不>3,在此切线上故有一专吉动一昌测后-号版。一多,北切成车为-号女号·受-上放绿的版斜角为5广,即∠MNH=45.∠MNH-号故所求的最大值为反16.5+1,25+)因为+。-b,所以有余发定理得A+衣上-会-号因为△ABC为锐角三角形.所以A=冬所以B十C-要,即B-弯-C因为△ABC为锐角三角形,所以
“sinA>的必要不充分条件,故B错误:对于C,命题“Yx>1,>x2”的否定是“3x>1,x
解:(1)证明:方法一在正方形ABCD中,有AC⊥BD,由己知得EF∥AC.EF⊥BD…1分由折叠的性质知:PD⊥PE,PD⊥PF,PE∩PF=P.PD⊥面PEF…2分又EFC面PEF,故PD L EF…3分.PD∩BD=D.EF⊥面PBD…4分又PHC面PBD,故EF⊥PH……5分,'PH⊥BD,EF,BDC面BFDE,且EF与BD相交.PHL面BFDE…6分方法二在正方形ABCD中,有AC⊥BD,由己知得EF∥AC.EF⊥BD……1分由折叠的性质知:PD⊥PE,PD⊥PF,PE∩PF=P∴.PD⊥面PEF…2分又EFC面PEF,故PD⊥EF……3分.'PD∩BD=D∴.EFL面PBD……4分又EFC面BFDE,故面BFDE⊥面PBD……5分,'PHC面PBD,面BFDE∩面PBD=BD,PH⊥BD.PH⊥面BFDE……6分(2)方法一P连结EF,设EF∩BD=Q,正方形ABCD的边长为2a(a>O)则S四i边形BFDE=4a2-2 SAADE=2a2.……7分由已知得:PD=2a,PE=Pp=a,EF=V2a,D0=32,D2pEpf po=a…8分由(1)知PD⊥PQ,在直角△PDQ中由PHD0得:PHPD2-a……10分DO又由(I)知:PH⊥面BFDE.p-E=号S边形5DePH-号×2a2×号a-专a-12,解得a=311分。正方形的边长6.……12分方法二连结EF,设EF∩BD=Q,正方形ABCD的边长为2a(a>O)由已知得:PD=2a,PE=PF=a,EF=V2a,DQ=3BQ,EF⊥BD…7分∴.PE⊥PF,S△DEF=3S△BEF.Vp-DEF=3Vp-BEF…8分VP-BFDE=VP-DEF=VE-DEP…9分由PE LPF,PDLPF,PD⊥PE得:V-PED=}PDXPExPF=}a…10分又Vp-BFDE=12.号a3=12,解得a=3…11分。正方形的边长6.…。…12分21.(本小题满分12分)巴中市高2023届一诊考试文科数学参考答案共9页第3页
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12.已知函数f(x)=e-ex+sinx,若f(3a)+f(a2+2)<0,则实数a的取值范围18.(本小题满分12分)甲、乙两人进行乒乓球比赛,每两局比赛为一轮,约定每局胜是者得1分,负者得一1分
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