全国®0所名接单元测试示范卷教学札记材料二北宋王安石在鄞县（现宁波市鄞州区）调查发现，有百亩之田的农户日子仍然艰辛。原因一是产量低，二是赋税较重。南宋及明清时，租佃制的普遍实行鼓励了精耕细作。南宋时江南的农作物一年两熟，佃农按照惯例，只交水稻一茬之租，另一茬小麦就归佃农了。摘编自葛金芳《两宋社会经济研究》(1)根据材料一并结合所学知识，概括铁制生产工具出现和使用的影响。(6分)(2)根据材料二并结合所学知识，简析我国古代农业向精耕细作方向发展的动力因素。(4分)(3)结合材料，简述你对精耕细作的认识。(4分)答案：(1)影响：极大地解放了生产力，农业生产方式趋于稳定，人类由此进入铁器时代：引起了社会关系的变化，造成社会所谓精英阶层与普通民众的分化；中国社会精英分子的主要关怀发生变化。(6分)(2)动力因素：受生产力发展水限制，农业产量偏低的现实；农户承担的赋税繁重；租佃制和固定地租的推行；等等。(4分)(3)认识：精耕细作是中国古代农业的重要特征之一；其目的是提高产量，增加农民收入；一般体现为技术的进步、工具的改良和更多劳动力的投入等方面；它有效地促进了古代农业的发展，使中国古代农业的发展长期领先世界。(4分)18.阅读材料，完成下列要求。材料一英国约克郡的街道上洒满了童工辛酸的泪水，因为工厂主的贪婪，童工们被迫在工头与监工的驱赶下来到工厂工作。成千的儿童一主要是女童—7周岁到14周岁不等，每天被迫从早上6，点一直工作到晚上7点，仅有半个小时的时间被允许吃饭和休息。可怜的孩子，他们是贪婪的牺牲品。在这个标榜自由与权利的国度中，儿童却成为劳动的动物了！摘编自陈日华《19世纪英国对工厂制度的规制：实践与立法》材料二在伦敦，人们很少说话，我猜测是因为他们不能浪费时间。相似的，这里没有讨价还价一说，这种设定固定价格的惯并不是完全由竞争和自信造成的，它还源自节省时间的必要性。伦敦人走路速度之快，常常被人说道。如果这种焦虑的速度有一个原因的话，它很可能是伦敦人根深蒂固地认为时间就是金钱的本能。-摘编自[英]彼得·阿克罗伊德《伦敦传》(1)根据材料一并结合所学知识，分析工业革命中童工被大量使用的原因。(6分)(2)根据材料二并结合所学知识，概述工业革命对社会生活的积极影响。(6分)答案：(1)原因：机器的发明和应用，简化了劳动工序，节省了人的体力，使儿童劳动成为可能；童工价廉且易于管理；英国工业革命中广泛使用童工与劳动力缺乏有关；资本家对利润最大化的追求。(6分，答出三点即可)(2)积极影响：现代工业提供了物美价廉的商品，使人们的生活有所政善，增强了人们的时间观念；工业革命促进了城市化的发展，也扩展了人们的生活空间；工业革命促进了乡村的改变；初等教育不断推广，人们的文化素质逐渐提高。(6分，答出三点即可)19.现代科技进步极大地影响了人类社会发展。阅读材料，完成下列要求。材料一同普通的网络信息储存软件相比，人工智能具有较强的记忆能力。由于自身的学能力较强，人工智能可以在短时间内迅速完成整个工作，并且能够对数据进行解释和推理，提高数据的使用价值。传统的计算机只能够按照设定的程序进行工作，在处理数据的时候只能进行线性工作，而人工智能通过专业的技术赋予机器人以智能，使其具有进行非线性工作的能力。人工智能可以通过其使用原理来对信息库进行分析，从而从中找到有价值的信息。同时人工智能还具有较强的实践工作能力，其通过在网络上创建计算机网络安全检测系统，在系统当中收录不同行业的知识，在互联网发生故障的时候及时凭借专业的知识进行维修，从而协助互联网的运作和发展。摘编自张亚东《人工智能在计算机网络技术中的应用》【23新教材·DY·历史-R-选择性必修2-G DONG】

3,B细节理解题。根据第四、五段可知，他们从其发现得到启发，机器人也可以安装能变形的机翼。14.D段落大意题.根据本段“The team also found that this type of flight was possible only because of certain molecules(分子)n the feathers3.”可知，本段主要是在讲该款机器人能飞行的原因。l5,A推理判断题，根据最后一段、尤其是“No material is special like them.”可推断，该机器人使用真的鸽子羽毛是因为它独特的特性。Passage 5【答案与解析】本文是一篇新闻报道。商品包装造成了严重的环境污染。为了减少污染，环保人士开始推广零包装运动。Waitrose超市是英国第一家响应该运动的大型超市，l6.D细节理解题。根据第一段“Waitrose has become the first major British supermarket to join a refill shoppingcampaign to cut plastic waste.”可知，Waitrose超市参加该运动的目的是为了减少垃圾。l7,B细节理解题，根据第三段“Refill shopping is a preference which has been steadily gaining ground since the UK'sfirst zero-waste shop,Earth Food Love,opened in Totnes two years ago,"可知，Earth Food Love是第一家参加零包装运动的英国商店，18.A词义猜测题。根据画线词后半句“but more importantly it could lead to a refill culture that's so desperately neededto cut plastics in mainstream shops,”及全文可推断，该画线词意为“无包装的”。l9.C标题判断题.根据全文及最后一段“‘so we need to see other major retailers taking plastic reduction seriously andfollowing Waitrose's lead.,”可推断，零包装文化还处于萌芽状态，特别需要大型连锁店的积极参与，方能形成气候。Passage 6【答案与解析】本文是一篇说明文。父母的教育方法大概有四种，但是研究表明权威型的教育方法效果是最好的。2o.A推理判断题。根据第一段“，.，how these practices affect the future of children as they grow and develop intoadulthood.”可推断，the Human Flourishing Program的研究目的是为了探究父母的教育方法对孩子未来的影响。2I.D推理判断题，根据第三段“Children who had parents with the authoritative approach to parenting behaved best latere”可知，用权威型的教育方法教育出来的孩子生活后期表现最好。由此可推断，权威型教育方法可以带来最好的表现22.B推理判断题。根据第四段列出的数字可知，研究者使用列数字的方式证明他们的观点。23.C标题判断题。本文主要介绍了父母的教育方式中爱对孩子未来的影响。

25.C情感态度题。根据文章三段第三句“When they got there,the doctors wereunwelcoming because they did not want to work with female nurses.”可知，医生们一开始并不愿意和女护士合作，故选C。26.D细节理解题。根据文章第三段第六句“Nightingale was known for carrying a lamp andchecking on the soldiers at night,so they gave her the nickname 'the Lady with theLmp'.”可知，南丁格尔因为晚上经常举着油灯去照料病人，所以得到了“煤灯女士”这个呢称，故选D。27.B推理判断题。文章最后一段介绍了南丁格尔于1910年去世，可推测下一段应该介绍南丁格尔去世后仍给我们带来的影响，故选B。体裁：记叙文主题语境：人与社会一英国的新的工作模式【语篇导读】本文是一篇记叙文。介绍了新冠后英国社会的工作模式的改变。28.A细节理解题。根据文章第一段最后一句，可知所有提到的这些变化都被新冠加速了，故选A。29.C词义猜测题。根据文章第三段最后一句句首的But提示，此处应与前句提到的city-centre shop有转折关系，且与small--town成并列关系，可知，此处画线词应为“城外”的意思，故选C。30.D推理判断题。根据文章最后一句“All this makes you wonder if the act of going to workand doing the nine-to-five will become a thing of the past.”可知，新的工作模式让我们不得不思考之前朝九晚五的工作模式，推测得知，它会使人们更加注重工作与生活的衡，故选D。31.B主旨大意题。文章介绍了新冠后英国社会出现的新的工作趋势，故选B。D体裁：说明文主题语境：人与自然一食物过敏及其成因【语篇导读】本文是一篇说明文。介绍了当今食物过敏的现象及其成因。32.B写作意图题。作者引用Alexandra Santos的话的原因是通过数据支持前面提到的食物过敏愈演愈烈这一现象，故选B。33.A主旨大意题。根据文章第四段第一句话可知，这一段探讨了食物过敏的成因，故选Ao34.D推理判断题。A选项未涉及；B选项太绝对；C选项未涉及，故选D。35.A文章出处题。文章主要介绍了当今食物过敏的现象及成因，应该属于食物与健康部分，故选A。英语参考答案·第3页（共9页）

仪领航备考·信息转换共领航备考·必会规律结合题图可知，四种短周期主族元素位于第二、三溶液中离子浓度大小比较的规律：(1)多元弱酸溶周期。由于Y与W可形成YW4,且所有原子均达液，根据多步电离分析。如HPO4的溶液中，到8电子稳定结构，可知Y通常显+4价，W通常c(H+)>c(H2P04)>c(HPO})>c(PO)。多元显-1价，符合条件的只有Si和Cl,因此X、Z分别弱酸的正盐溶液根据弱酸根的分步水解分析：如为N和P。NaC0,溶液中，c(Na+)>c(C0)>c(OH)>【解题思路】原子半径：Si>P>N,A正确；最高价氧c(HCO3)。(2)对于HA和NaA的混合溶液（多元化物对应水化物的酸性：HC104>H3PO4[提示：元素的弱酸的酸式盐：NaHA),在比较盐或酸的水解、电离非金属性越强，其最高价氧化物对应水化物的酸性越强]，B对溶液酸、碱性的影响时，由于溶液中的Na保持正确；N与Si形成共价化合物Si,N4,只含有共价键，不变，若水解大于电离，则有c(HA)>c(Na)>C错误；NH,分子间能形成氢键，使分子间的相互作c(A),显碱性；若电离大于水解，则有c(A)>用力增大，易液化，液氨汽化时要吸收大量热，使周c(Na)>c(HA),显酸性。若电离、水解完全相同围温度急剧降低，常用作制冷剂，D正确。(或不水解、不电离)，则c(HA)=c(Na)=12.C【必备知识】二次电池的基本原理及其应用、电c(Aˉ)，但无论是水解部分还是电离部分，都只能极反应式的书写等占c(HA)或c(Aˉ)的百分之几到百分之零点几，因【解题思路】由总反应方程式知，放电时b极上此，由它们的酸或盐电离和水解所产生的c(H+)或NaFePO,F转化为Na,FePO.,F,故Na+应由a极区（负c(OH)都很小。极区)移向b极区（正极区），交换膜为阳离子交换膜，A项正确；充电时a极上NaTi,(PO4),转化为14.D【关键能力】理解能力、逻辑推理能力NaTi2(PO4)3,B项正确；通过交换膜的离子所带电【解题思路】结合题述可知，6个氘核全部发生核聚变反荷总数与电路中转移电子数相等，通过交换膜的离应，释放能量的最小值为3.27MeV×3=9.81MeV,2个子为Na+,当电路中有0.2mole通过时，通过交换氘核聚变生成氚核后，氚核与氘核聚变生成氦核，如膜的离子数目为0.2NA,C项错误；放电时b极为正此反应，6个氘核发生核聚变反应释放的能量最大，极，b极上发生还原反应，D项正确。为(17.58+4.04)MeV×2=43.24MeV,则释放能13.B【关键能力】分析与推测、归纳与论证能力量的最大值与最小值之差为△E=43.24MeV【解题思路】AG=lg[c(H)/c(OH)]=lg[c(H)]9.81MeV=33.43MeV,D正确。lg[c(OH)]=-pH-(-pOH)=-pH+14-pH=15.C【必备知识】抛运动规律、冲量、做功14-2×pH,A错误。【解题思路】设足球的初速度大小为，方向与水滴定前：AG=14-2×pH=8,pH=3,该方向的夹角为0，重力加速度为g,足球在空中的运HA溶液中HA的电离度=c(A)/川c(HA)Hc(A)=1/TcH)/K(HA)+1]=1/10-3/10-5+11动时间为t,水射程为x。竖直方向有vosin0=g·1/101.B正确K.(HA)(Ac(H=1.0×105起始时),得t=2 Dosin0,根据g月=68地，可得t月=6他，Atc(HA)cHA)=0.1mol·L-1,根据图象可知A点AG=0,则cH)=c(OH),即溶液错误。水方向有x=,1cs0,得x-26sin6cos0g显中性，由于NaA水解使溶液显碱AG性，所以A点时加入氢氧化钠溶液体积小于20.00mL,C错误根据81=石5，可得x1=6,B错误。由1=mg,得在空中运动的过程足球所受重力的冲量大小I=BV(NaQH溶液)/mL2 nosin0,与g无关[易错：不能只根据时间不同就误认为冲量不同，要注意g值也不同]，C正确。踢出足球的过若B点时加入NaOH溶液40.00mL,则此时溶液是等物质的量浓度的NaA和氢氧化钠的混合液，因此根据物料守恒2c(A)+2cHA)=cNa)可知，D错误程，由动能定理有W=m-0,得脚对足球做的功理科综合领航卷（六）全国卷答案一64

电流I=1.8A,电阻两端的电压U=1.8V,由E=U+Ir,解得太25.(15分)2022年北京冬奥会阳能电池内阻r=号n≈0.56n.定值电阻的功率P=U1于2月4日开幕，冰壶是冬奥会的比赛项目之一。冰壶起滑架投掷线圆垒3.24W.比赛是在水冰面上进行的体育项目，比赛场地示意图如图所示，比赛时运动员从起滑架处推着红冰壶出发，在投掷线AB处放手让红冰壶以一定的速度滑出，红冰壶沿虚线向圆心运动，并以1.2m/s的速度与静止在圆垒圆心O处的质量相同的蓝冰壶发生正碰，且碰后蓝冰壶滑行2.7m停下。已知两冰壶与冰面间的动摩擦因数均为4=0.015，冰壶的质量均为m=20kg,重力加速度g取10m/s2。求：(1)两冰壶碰撞过程中损失的机械能。(2)碰撞后两冰壶的最远距离。24.【典型情境题】(12分)如图，一体积为V的密闭刚充气口解题分析(1)设红冰壶碰撞前、后的速度分别为0、1，蓝冰性汽缸内有压强为。、温度为T。的气体。先利用壶碰撞后的速度为2，碰撞后红、蓝冰壶滑行的距离分别为x1、x2气泵通过充气口向汽缸充气20S,然后启动电功率对碰后蓝冰壶进行受力分析，由牛顿第二定律有umg=ma为P的电加热装置。假设充气过程中气体温度不(1分)变，电加热装置的效率为50%。电加热装置由运动学公式，有=器(1分)(1)若气泵每秒钟充入压强为po、温度为T。、体积为0.1V的同种气体，求充气结束后汽缸中气体的压强。联立解得v2=0.9m/s(1分)(2)若用绝热材料将汽缸包裹后启动电加热装置，使汽缸内气对红、蓝冰壶碰撞过程分析，取0的方向为正方向，由系统动体的温度从T。升高到1.5To,气体内能增加△U,求加热后量守恒得mvo=mv1十mw2(2分)解得v1=0.3m/s(1分)气体的压强和电加热装置的加热时间。故两冰壶碰撞过程中损失的机械能△E-2mw2-(分mn+w)=5.4J。（2分)(2)对碰后红冰壶分析有mg=ma'(2分)解题分析(1)汽缸在20s时间内充入的气体体积20×0.1V可得a'=a(1分)=2V(1分)又由于<2，则两者的最远距离出现在均静止时把充气后汽缸内的气体作为研究对象，由玻意耳定律，有V+·2V=V(2分)红冰壶从开始运动到件止的过程中，有一爱(1分)解得p=3po。(1分)解得x1=0.3m(1分)(2)电加热过程中，气体体积不变，由查理定律，有号。沉p'则两冰壶相距最远的距离△x=x2一x1=2.4m。(2分)(2分)解得p'=1.5p=4.5p0(2分)由于汽缸绝热，与外界没有发生热交换，电加热装置消耗的电能等于气体增加的内能，即50%Pt=△U(2分)解得=2.(2分)23新教材老高考·D·理科综合（物理部分）】

13.【典型情境题】T℃时，铬酸银(Ag2CrO4)在水溶液中的沉淀溶请回答下列问题：解衡曲线如图所示。下列说法中不正确的是(1)“酸浸”前预先将软锰矿制成浆液的目的是A.TC时，在Y点和Z点，Ag:Cr0,KIo↑c(Ag)/(molL);加入Na2SO3的作用是的Kp相等B.向饱和Ag2CrO4溶液中加入固体(2)滤渣1的主要成分为(填化学式)。K2CrO4不能使溶液由Y点变为01×1035x10-c(Cr02)/(mol-L')(3)“氧化”后，向溶液中加入足量Na2SO,可以将Fe3+以铁矾X点[Na2Fe(SO4)4(OH)12]的形式除去，反应的化学方程式为C.T℃时，Ag2CrO4的Kp为1×10-8;反应后，溶液的D.图中a=2×10-4pH会(填“增大”或“减小”)。(4)用沉淀溶解衡原理解释选择MnS除Co或Ni的原因：(分析一种离子即可)。(5)“一系列操作”包括、过滤、洗涤、干燥、脱水。答案C答案(1)增大反应物接触面积，加快反应速率；作还原剂，将解题分析本题考查K的图像分析。一种物质的Kp只与温MnO2还原为Mn2度有关，A项正确；向饱和Ag2CrO4溶液中加入固体K2CrO4后，(2)SiO,沉淀溶解衡向左移动，导致c(Ag+)减小，而图像中由Y点变成(3)3Fe2 (SO)3+Na2SO+12H2O=Na2Fes(SO)(OH)12X点的过程中，c2(Ag+)保持不变，B项正确；T℃时，Ag2CrO4的+6H2SO4;减小Kp=c(CrO})·c2(Ag+)=(1×10-5)×(1×10-3)2=1×10-",(4)反应MnS(s)+Co2+(aq)一CoS(s)+Mn2+(aq)的衡C项不正确；温度不变，Kp=c(CrO)·c2(Ag+)=(1×10-5)×常数K=c(Mn)=2.5X10>10,Co2+可以比较彻底地转化为c(Co2)(1×10-3)2=a2×5×10-4,解得a=√2×10-4，D项正确。CoS而除去(5)蒸发浓缩、降温结晶（每空2分）第Ⅱ卷（非选择题共174分）27.(14分)硫酰氯(S0,C2)常用作有机化学的氯化剂，可用干燥的三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题~第32题为氯气和二氧化硫在活性炭催化下制取。SO2(g)十C12(g)必考题，每个试题考生都必须作答。第33题~第38题为选考SO,C2(I)△H=-97kJ·mol-1。实验装置如图所示（部分题，考生根据要求作答。夹持装置未画出)：(一)必考题：11题，共129分。26.【典型情境题】(14分)分离回收软锰矿（含MnO2及少量Fe0、70%硫酸碱石灰CoO、NiO、SiO2)中的金属元素的工艺流程如下：6己稀HS0,适量NaS0,H,0,仪器PNaSO4MnS(s)Na SO软锰矿一酸浸L氧化一碎滤液2，除心7滤液3一系列操作→MnSO滤渣1滤渣2滤渣3丙已知：①CoS、NiS的溶解度均随温度升高而增大。查阅资料可知硫酰氯的部分性质如下：②Kp(MnS)=2.5X10-18,Kp(CoS)=10-21,Kp(NiS)=10-19。23·D·理科综合（化学部分）-Y

口口口■m口g(2)C,CN中成键原子能且只能形成1个。键，1个该分子中含有。健数目是5，三健中有1个。银，2个x健，即乙别分子中0键和开键数目之比为5：2：CH,CN与水互溶的(5)15主题原因是CH,CN与水形成分子间氢健，(3)①水是极性分子，CS:是非极性溶剂，根据相似相溶原理，P,和CS,均为非极性分子：②图中层与层之问的作用力是分于何作用力，A正确。由结构可知磷原子的杂化方式为(6)入OH浓HB溶液即杂化，B错误。黑磷为原子品体，而其他两种磷单质为分子品体，则黑磷品体是混合定条件0入(3分42型品体，C正确，石墨中碳原子为即杂化，每层原子均在同一面内，但黑磷中磷原子式；1的杂化方式为s印杂化，每一层的各原子不可能在同一面内，D错误血位于预点和面心，个数为a位于顶点和面心，个数为的8，放答案为5：27.【解析】根据合成路线，A一B是取代反应，径非上的氯被澳原子取代，B和乙二醇发生0入0人H应生成C,C在浓HB:溶液的条件下生成D,可推得C的结构简式为◇个O一一O(5)1个品胞中，含有P原子数目为8x。6×4个，含有B原了数目为4个，不妨取D在一定条件下发生取代反应生成E,E在LA,的条件下发生还原反应生成F,据此分析解题。1m0l这样的品胞，即有M个这样的品胞，1m©l晶胞的质量为m=42×4g,所以晶体密42×4)A一B的反应为苯环侧链烃基上的氢原子被溴原子取代，所以需要的试剂和条件是识度为p=水，x0厚cm:根据品胞结构分析，立方磷化绷品胞沿着体对角线蒸气、光照；去0加日为还原反应(2)HO入OH催化氧化产物为OHCCHO,名称为乙二醛。方向可以观察到六边形，中心B与P重合，六边形中形成两个倒立关系的正三角形，分(3)根据合成路线中D的结构，可知D中所含官能团为溴原子，醚键：一个碳原子连有四个不同的原子或原子团，称为手性碳原子，E与足量的氢气发生加成反应，即E中苯环别由3个B或者3个P形成，所以画图为与氢气发生加成反应，所得的产物中不存在手性碳原子。(4)根据题意可知，D-E反应为取代反应，副产物为HB,故化学方程式为36.(除特殊标注外，每空2分，共15分)00(1)溴单质（蒸气），光照(1分)还原反应1分)+HBr(2)乙二醛(1分)(5)D的同分异构体中满足①苯环上有且只有两个取代基，有邻、间、对三种位置关系，(3)溴原子，醚键不存在山分)②能与N,CO,溶液反应，说明含酚羟基，则另一个取代基含三个碳原子和一个溴原子，共5种情况，所以同时满足条件的同分异构体有3×5=15种，其中核磁共振氢谱有4组峰Br+HBr的结构简式为理科综合参考答案·第16页（共9页）OH理科综合参考答案·第17页（共19页）new

二全国©所名校高考模拟金典卷@⊙所名校高考模拟金典卷·理科综合(生物部分)参考答案（四六）(四)题序123456答案DBDDD1.答索D解题分析本题考查蛋白质和核酸的结构与功能关系，以及二者之间的相互联系。熟鸡蛋内的蛋白质已变性，其空间结构变得松散，肽键暴露，更容易被蛋白酶水解，A项错误；细胞中含有DNA和RNA,但细胞的遗传物质只能是DNA,所有原核生物的遗传物质都是DNA,B项错误；线粒体和叶绿体中含有少量DNA,能复制与表达，C项错误；mRNA、tRAN及rRNA均是转录的产物，均需要RNA聚合酶的催化，D项正确。2.答案C解题分析本题考查细胞的物质输入和输出。物质跨膜运输方式可通过运输方向（逆浓度还是顺浓度)和是否需要载体蛋白来判断。由图可知，多肽进入小肠上皮细胞为胞吞，细胞内的Na进入组织液是逆浓度梯度运输，为主动运输，细胞内的葡萄糖进入组织液是顺浓度梯度运输，属于协助扩散，C项正确。3.答案B解题分析本题考查细胞的分裂。该动物为二倍体，有丝分裂中期和减数第二次分裂后期染色体数目均为2N,A项错误；减数第一次分裂后期同源染色体分离，非同源染色体自由组合，非等位基因自由组合，H基因位于X染色体上，B基因位于常染色体上，可通过自由组合移向同一极，B项正确；X染色体上存在决定性别的基因，但也有控制其他性状的基因，如色盲基因和血友病基因等，H基因不一定与性别决定有关，C项错误；染色体的DNA中存在大量非基因片段（非编码序列)，其长度远大于基因片段长度之和，D项错误。4.答案D解题分析本题考查基因的表达和基因突变的相关知识。Hlix基因突变导致该基因的一条链缺少了5个脱氧核苷酸，从而使终止密码子提前出现，翻译提前终止，表达的相应的酶中氨基酸数目减少了8个。Hlix基因突变后仍然是互补配对的双链DNA,复制时遵循碱基互补配对原则，即嘌呤脱氧核苷酸数等于嘧啶脱氧核苷酸数，比例不变，A项正确；Hlix基因的一条链缺少了5个脱氧核苷酸，且编码的氨基酸少了8个，可能是翻译提前终止所致，B项正确；突变前后的Ielix基因表达过程中产生的mRNA含有的密码子种类可能相同，则所需的tRNA种类可能相同，C项正确；Hlix基因突变只是改变了该种生物的一个基因，一般不会导致突变体与原低产品种之间产生生殖隔离，D项错误。5.答案D解题分析本题考查神经调节的相关知识。冷热感觉属于躯体感觉，躯体感觉中枢位于大脑皮层，A项错误；TRPV1受体被激活后产生动作电位，是Na+内流所致，B项错误；TRPV1是热觉(生物部分)参考答案（四~六）第1页（答案共7页）【23·JD·理科综合一N)

(2)在满足实验条件下，对实验中打出的一条纸带进行数据处理，一的两点间的距离为L,两点间的初速度为、未速度为四，则系统所受外力做的功W一(用题中所给的物理量表达)系统动能的变化量△E=(3)一同学用此实验装置测匀变速运动的加速度，得到如图乙所示的一条纸带，纸带上标出了相邻计数点间的距离（相邻两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器所接交流电的频率为50Hz,则可求出小车的加速度大小为m/s。(结果保留三位有效数字)单位：cm2.133.164.175.206.22乙23.(9分)某实验小组欲测量一节旧干电池的电动势和内阻，现有实验器材如下：A.电压表(0~0.5V,内阻Rv未知)B.电流表(0~10mA,内阻RA=602)C.电阻箱R(最大阻值为99999.92)D.滑动变阻器R(0~20)E.定值电阻R1=12F.定值电阻R2=202G.开关一个，导线若干(1)为了使电压表量程满足实验要求，实验小组首先测量电压表内阻。考虑到电压表内阻远大于干电池内阻，采取的实验电路如图甲所示。其步骤为先调节电阻箱阻值，使电压表指针指在三分之一量程刻度线处，记下电阻箱的阻值R,再调节电阻箱阻值，使电压表指针指在三分之二量程刻度线处，记下电阻箱的阻值为R,则电压表的内阻Rv=(2)测得电压表内阻为30002，实验小组采取如图乙所示电路测量废旧千电池的电动势，电压表量程要扩大为原来的3倍，则R。应调到(选填“R1”或“R2”)。Ω，与电流表并联的电阻应选(3)调节滑动变阻器，根据电压表与电流表的示数作出如图丙所示的U一I图线，横轴表示电流表的示数，纵轴表示电压表的示数。由图线求得电池的电动势E=Ω。（结果均保留三位有效数字）V,内阻r0.50U/V0.450.400.350.30Ro0.250.2026全国100所名校最新高考冲刺卷1012mA丙第7页（共16页）【22·高考样卷·理综（一）一门

计时)沿ad方向以速度v匀速穿过磁场区域，导线框的直径与ad共线，下列说法正确的是A.0、4时间内线框中电流先沿顺时针后沿逆时针（俯视）》2B.0、3R时间内线框中的电流一直增大1)C.2五时刻线框所受安培力大小为2，D.0R和3R5R时间内通过线框某横截面的电荷量之比为1：619.如图，一长为L的轻杆两端分别用铰链与质量均为m的小球A、B连接，A套在固定竖直杆上，B放在倾角0=30°的斜面上。开始时，轻杆AB与竖直杆的夹角α=30°。现将轻杆由静止释放，A沿竖直杆向下运动，B沿斜面下滑。小球均视为质点，不计一切摩擦，已知重力加速度为g。下列说法正确的是A.A碰到斜面前瞬间，B重力的功率为零BA到斜固前弱间，8的速度大小为学1+1十C.A碰到斜面前瞬间，4重力的功率为m%,(1+）3D.B下滑过程中，A的重力势能的减少量小于A、B动能增加量之和0.天问火星探测任务的成功标志若我国行星禁测琉开了新的篇章。设地球、火星在同一面上绕太阳做匀速圆周运动，火星的轨道半径是地球的k倍。探测器从地球发射后沿霍曼转移轨道抵达灭星。如图所示，霍曼转移轨道为椭圆轨道，在近日点、远日点分别与地球、火星轨道相切。探测器在椭圆轨道运行时，只考虑太阳引力的作用。下列结论正确的是A.探测器在近日点处与远日点处速度的比值为飞天问一号霍曼转移轨道B.探测器在近日点处与远日点处加速度的比值为k2C探测器沿霍曼转移轨道运行的时间为（士）倍的地太阳地球轨道球年、火星轨道D.探测器从离开地球至运动到火星，火星转过的角度为0=(2m21.如图所示，粗糙斜面上的0点有甲、乙两物块（均可视为质点）并排静止放置，两物块与斜面间的动摩擦因数相同，甲、乙同时从0点分别以速度y,、2沿斜面上滑，1=22，到达最高点后均下滑。斜面在0点上方和下方均足够长。关于甲、乙的运动，下列说法正确的是A.甲滑行的最高点到O点的距离是乙的2倍乙甲0B.甲从出发到返回O点用时是乙的2倍抢分密卷（一）理科综合试题第6页（共16页）

“差，水道蛋自运输水分于风于协助扩不需资故人情误，通道蛋白对物质的运输的速率取决于花度着：而非分子大小，放大小相同的分子通过适道蛋台洗出控胞时的速事不定相同：故销误：器脂双分子层中风是燕水菊，水分子通过的速度很慢，而水道过水强道蛋自购膜运物的速率快放©正确心钻斯烫苏蛋白透人神经细胞的跨膜运输方式为协助扩散其动为来自膜内外的浓度整。津透压是指溶质微粒对水分子的吸引能力，故D错误2在三知ATP合隔是凡，和R,的复合体，其中F,位于某些细胞器的膜外基质中，P,帐在膜的南脂双分于是中在光合作用中，ATP合成于在叶绿体的类舞体裤膜上进行的光反应阶段，因此叶绿体内胶上不存在AT合而有呼吸的三个阶段都有ATP合成场所依次为细塑胞质基质、线粒体基质，线粒体内股，因此个T合酯有东于线粒体内膜上、放A箭误：F,战在膜的0脂双分于层中，为AP合酶的疏水部位是预子（行）通道，题外的高浓度的质子冲人膜内时能为ATP的合成提供能，说明合成ATP时的能量直接来自的化学势能放B错误、C正晚：R具有降活性，高温使和，分离后，会因高温而变性失话，不能催化合成ATP,故口错误。3A图中发生了染色体结构变异（易位）和染色体数目交异，故A正确：易位纯合公猪缺失了个B基因，但还行在另个B基闲，故B错误：易位杂合子含有品位染色体和正活、？号染色体它们均不能形成正意四分：其他正赏染色体可以形成1？个正常的四分体，因此易位杂合子减数分裂会形成7个正常的四分体，故C错误品位纯合公猪无正常13、17号染色体，而易位杂合子含有易位染色体和正常1317号染色体，其有可能产生染色体组成正常的配子，故D错误4B选择前共同进化指的是不同种生物之间或生物与环境之同，放A错误：该种群是随机交配，如果没有选择和变：随机交配后代基因覆频率不变，兔中黑色纯合子$S所占的频率始终为1/2义1/2=1/4，故B正确：由题意知，选择的S基因频率与s基因频率相等，各占50%，由于是随机交配.因此选择前的S-(0.5)=1/4,Ss=2X05X0,5-2,50,5)1/4:人工选择时，逐代淘次掉5个体，因此。基因颜率逐渐降低，S基因频率逐渐升高、选择前，基因型频率比例是S:S:5=1:2:1,淘汰掉5后，SS:S0=1:2,群体产生的雌配子或雄配子种类和比例为S。一2：1，随机交配子代的基因型比例是Ss:S:s=(2/3×2/3):(2X2/3X1/3):1/3×13)=4:41,再选择一次，去掉s个体】3:S一1：1，群体产生的雌配子或雄配子种类和比例为S:一3：1，随机交配后代的基因型比例是S:5(34X3/4):(2X3/4×1/④：(1/4×1/9=9：6：1，S的基因频率是9/16+6/16×1/2=3/4，故C错误：生物进化的实质为基因频率的改变，而非基因型频率的改变，故D错误。5,A手指接触到针尖而产生痛觉没有经过完整的反射弧，不属于反射，故A正确：反射弧中的效应器指的是传出神经未梢及其所支配的肌肉或腺体，故B错误：兴奋在反射弧中的传递方式有电信号和化学信号，是单向传递的，故C错误；缩手反射的神经中枢位于脊鸛，因此大脑皮层受损的患者能完成缩手反射，故D错误。6,C据图可知，控制开花的因素是持续不间断的黑暗环境，故A正确，夜间照明使得黑暗环境中断，变为短夜环境而不开花，因此在短日照植物临近开花季节，夜间照明会使开花时间推迟，故B正确：若为长日照植物，则在暗期内不断闪光，长日照植物会提前开花，放C错误，菊花属短日照植物，在秋季开花，若使其在夏季开花，应当适当遮光，使光照时间缩短，故D正确。29.(每空2分，共10分)(1)大于更大(2)突变体（水稻）突变体水稻叶绿素含量低，捕光能力弱，在强光照下产生过剩光能的可能性小，光抑制相对较弱(3)思路：用完全营养液和缺M的完全营养液分别培养水稻，提取分离叶片色素并对比叶绿素b含量：结果：缺Mn组滤纸条最下端色带（或叶绿素b色带）更浅或缺失解析：(1)据图示曲线知，叶绿体的氧气产生速率表示真正的光合作用；当光照强度为时野生型和突变体O,释放速率相等，即净光合作用速率相等；但由图可知突变体的呼吸作用大于野生型，所以与野生型相比，突变体单位面积叶片叶绿体的氧气产生速率较大。当光照强度为m时，突变体Q释放速率大于野生型，突变体的呼吸作用大于野生型，突变型的真正光合速率大于野生型，突变型消耗的CO2比野生型多，叶片气孔开放程度大的植株CO2供应充足，推测该突变体叶片气孔开放程度比野生型更大。(2)该突变体和野生型水稻相比，突变体水稻叶绿素含量低，捕光能力弱，在强光照下产生过剩光能的可能性小，光抑制相对较弱，对强光照环境的适应能力更强。(3)缺M也可能导致水稻叶绿素b无法合成，因此用完全营养液和缺Mn的完全营养液分别培养水稻，提取分离叶片色素并对比叶绿素b含量，缺M组滤纸条最下端色带（或叶绿素b色带）更浅或缺失，可证明假设内容30.(每空2分，共10分)(1)5(2)3/8(3)BBZAW或BhZW让该雕性亲本与多只白羽雄鸟杂交若子代中不出现白羽鸟，则该雌性亲本的基因型为BBZW;若子代中出现白羽鸟，则该雌性亲本的基因型为BbZAW解析：(1)依题意可知：当该种鸟不含B基因时即表现为白羽，因此该种鸟表现为白羽时的基因型有5种，分别为bbZAZA、bbZ2、bbZZ、bbZW、bbZW。(2)粉羽鸟为B_ZZ、B-2W。纯合红羽雕鸟的基因型为BBZAW,纯合白羽雄乌的基因型为bbZZ或bbZZ,二者杂交，F中出现了粉羽鸟，说明亲本白羽雄鸟的基因型为bbZZ,E的某因型为B跳ZZ、BbZW。让F相互交配，所得F,中粉羽鸟占3/4BX1/2(1/4ZT+1/4ZW)=3/3(3)红啊能鸟(BZW)与红羽雄鸟(BZZ)交配，所得F,中只有红羽鸟和粉羽鸟，说明双亲中，有一个亲本必含B6,另一亲本含有BB或Bb,而且雄性亲本必然含有，进而推知：雕性亲本的基因型可能是BBZW或bbZ。白羽鸟为bb-。欲探究雕性亲本的基因型是BBZW还是BbZW,可让该雕性亲本与【2022高考模拟卷（一~六）·理综生物参考答案第5页（共12页）G-N】

后检测并比校两姐小鼠体内X妥白的舍量，由于长期压力会降低机体的免疫功能，故一段时间后，预期站果为：实脸组小鼠X妥白合量高于对照姐小鼠。32.(10分，除标注外，每空2分)(1)分高定律(1分)(2)12(1分)(3)以F,为母本，品种乙为父本，子代中抗病个体与不抗病个体比例是1：1(2分)：以F,为父本，品种乙为母本，子代中抗病个体与不抗病个体比例是1：3(2分)(4)A7/13【解析】()由题干所知，果实的颜色由一对等位基固拉制，遵循分离定律；(2)由于小西红柿属于雌雄同株的二倍体植物，所以若要测定小西红柿的基因姐序列，则可测定一个染色体组的基因序列，即12条；(3)F,产生的蝉配子育性正常，雌配子D:d=1:1,D雌配子在雌配子中比倒为1/2，F:群体中DD、Dd、dd基因型个体的数量比总是1：4：3，DD在F:中比例为1/8，而带有D基因的花粉育性低，设雄配子D在雄配于中比例为X,所以X为1/4，所以雄配子D:d=1:3,以F为母本，品种乙为父本，子代中抗病个体与不抗病个体比例是1：1；以F,为父本，品种乙为母本，于代中抗病个体与不杭病个体比例是1：3。(4)B基因会抑制不育基因的表达，反转为可育，说明雄性不育株一定不含B基因，进而确定控制雄性不育的基图为A,丙的基因型是Aabb、丁的基因型是aaBB,F,的基图型为1/2AaBb、1/2aaBb。AaBb自交后代的基图型共9种，其中AAbb、Aabb表现为不育，因此可育株的基固型共有9一2=7种。仅考虑F:中出现雄性不育株的那一半，谊部分可育林中能稳定遗传的个体的基图型为1/13AABB、2/13AABb、2/13AaBB、4/13AaBb、1/13aaBB、2/13aaBb、1/13aabb,其中2/13AABb和4/13AaBb自交后代会发生性状分离，其他均能稳定遗传，故该部分可育株中能稳定遗传的个体所占的比例为1一2/13一4/13=7/13，33.(1)BCE (2)25-1v【解折1)理想气体经历b过程，体积不变，则w=0,A错误：根据兴=C可知体积不支，压强增大，则温度升高，内能增大，由△U=Q十W可知，气体一直吸热，故选项B正璃；理想气体经历a过程为等压压城，则外界对气体做功W>0,根据y-C可知温度降低，即内能流少AU<0,由△U=Q+w可知，Q<0,即气体放指，故选项C正璃：根据Y=C可知，p与V的乘积反映温度，b状态和(c状态的p与V的桑积相等，而中间状态的p与V的来积更大，故bc过程中温度先升高后降低，故选项D错误，E正确。(2)0对A气体，A,V=p·兰，得到p=2npA-pe=0.5p,得到pn=1.5p0bV-PiV..V-3V②假设隔枚不动，活富回到初始位里时，对气体A有p,V=pV以，V以=2V-V=等V,得·28·

流程分析28.(共15分，除标注外，每空2分》余的H,为20-0.44-0.4x2-1.6x6)ml4ml,则浸渣成分为CaS0、Si0,(1)①-204.2kJ·mol先加入H,0,的作用是将Fe②CH,0H(1分，甲醇也得分)衡转化率a（H,):104)m0lx100%=60%。反应b10 mol碳酸ONH,HSO氧化成Fe:调节pH至5.5左右，目的是将Fe3·、A1转化③相同温度下，Zn0与H,S反应的衡常数远大于Cu锰浸出为氢氧化物沉淀除去c(H20)·c(CH20CH3)0.4×1.6与H,S反应的衡常数，Zn0与H,S反应的程度更的衡常数K③水滤渣1成分为Fe(O田A1(OHc2(CH OH)0.42浸出液2H,0,调pH至5.5左右大，因此Z0的存在可有效减少H,S与Cu的反应，从滤渣2成分为CuS4。②保持温度不变，增大压强，反应b、c衡不移成牙为Mns0、esO;④NH)zS而对Cu基催化剂起到保护作用溶液1动，反应a衡向正反应方向移动，c(CHOH)增大，FeSO)nAL,(S0A、MgSO成分为MnsO成分为MnSO(2)BCuSO4、NH)2SO4、极少量溶液2MgSO(NH)2SO4促使反应b衡向正反应方向移动，c(CH,OCH,)增MgSO4、CuS0CaSO极少量CaSO,(3)7(1分)使用更高效的催化剂(1分)》NH)2SO4、极少大，CH,0CH3的产率增加。⑤NH,F量CaSO4(4)①60%4NHHs0,200℃QNH)S0,+母液名师评题多重衡一般的解题方法是书写⑥氨水空气溶液司②保持温度不变，增大压强，反应b、c衡不移动，反滤渣3“三段式”进行计算，本题(4)小问是根据碳、氢原应a衡向正反应方向移动，c(CH,OH)增大，促使反Ma,O,洗涤、干提含锰沉淀成分为MmSO成分为子守恒法进行计算的。通过原子守恒法来解此类NH4)2S04;MgF2、CaF2应b衡向正反应方向移动，c(CH,OCH)增大，问题，计算简单，并不像“三段式”那么繁琐，可以【解析】(1)提高浸出率可采取的措施有适当提高温度(5)抑制Fe3·的水解(1分)CH,OCH3的产率增加大大缩短解题时间。适当提高NH,HSO4溶液的浓度、粉碎锰矿石等。(6)2Fe3++Cu=Cu2*+2Fe2*CuSCN【命题意图】本题以利用“一步法”合成二甲醚的反应29.(共10分，除标注外，每空2分)】(2)由流程分析知，在“浸出”过程中，Si02不参与反应，(7)反应i过程为载体考查化学反应原理综合，具体考查盖斯定(1)通过影响酶活性来影响代谢过程25℃(1分)则“浸渣”中还有Si02。(3)“净化、除杂”时，先加入(8)Cu2*+Fe2*+SCN-CuSCN +Fe3律的应用、化学反应流程图分析、曲线图分析、衡常(2)植物总光合速率增幅小于呼吸速率增幅，导致净H,02溶液的作用是将Fe2·氧化成Fe3·,反应的离子方【命题意图】本题考查FeCL,的制备及FeCL,溶液与Cu数的应用和计算、衡移动等，意在考查考生的图表光合速率减小，曲线A下降程式为2Fe2+H,02+2H一2Fe*+2H,0:由题中所给的反应，具体考查仪器的名称、化学方程式及离子方分析能力和推理、计算能力。(3)继续设置大于35℃的温度梯度进行实验(2分，溶液中金属离子开始沉淀和完全沉淀的pH可知，调节程式的书写、试剂和装置的作用、反应现象的分析及【解析】(1)①由盖斯定律可知，总反应d的△H=将天竺葵幼苗分别放在不同温度的密闭玻璃钟罩内pH至5.5左右，目的是将Fe+、A3转化为氢氧化物沉原理的探究等，意在考查考生的分析能力及实验探究2AH,+△H。=2×(-90.1k·molr)-24.0kJ·mol1=黑暗处理相同时间，分别测定各组密闭玻璃钟罩内的淀除去。(4)“除钙、镁”时加入过量的NH,F溶液，反能力。-204.2kJ·mol'。②“一步法”中液相混合物为甲醇C02释放情况(1分)，C02释放量最多的一组对应的应完全后过滤，滤液中的(Ca）c(Ca2)·c(F)【解析】(1)观察题图可知，仪器a的名称为分液漏斗。和二甲醚，二甲醚的沸点为-24.9℃，可蒸馏分离两(2)实验室用Mn02与浓盐酸反应制取Cl2,反应的化温度，即为天竺葵进行呼吸作用的最适温度(2分)。c(Mg2+)c(Mg2+)·c2(F)者，故“循环”的物质为甲醇。③观察题表中数据可【命题意图】本题考查光合作用和呼吸作用的相关知Kp(CaF2)_1.46x100K,(Mg,)740×10≈1.97。(5)由题意知，“沉锰学方程式为Mn02+4HCl(浓)△MnCl,+C,↑+知，相同温度下，Z0与H,S反应的衡常数远大于识，意在考查考生的实验探究能力和分析能力。2H,0。(3)制备的C12中混有的HC1气体，可用饱和Cu与H,S反应的衡常数，Zn0与H,S反应的程度【解析】(1)温度影响植物代谢的主要原理是通过影响阶段，以氨水为沉淀剂，鼓入空气作为氧化剂，使M食盐水除去。(4)FCl3易升华，将硬质玻璃管直接接更大，因此Zn0的存在可有效减少H2S与Cu的反应，酶活性来影响代谢过程；由题图可知，曲线A表示光最终转化为MnO4,故该过程发生反应的离子方程式为入收集器中，可防止FeCL,凝华成固体而堵塞导管。从而对Cu基催化剂起到保护作用。(2)催化剂不改6Mn2++12NH3·H,0+02—2Mn,04+12NH4+6H20;(5)e*易水解，配制FeCl,溶液时加入少量盐酸，可照下CO,的吸收量，即净光合速率，曲线B表示黑暗变衡转化率，A错误；增大C0与H2的浓度，反应a、下C0,的释放量，即呼吸速率，对应温度下两曲线之母液经纯化结晶后得到的物质的主要成分是抑制Fe的水解。(6)“红色褪去”说明Fe+与Cu发和表示总光合速率。在该适宜光照条件下，天竺葵生(NH),S04,(NH,)230,2-30tNH,Hs04+NH,↑，生了反应，反应的离子方程式为2e++Cu—Cu2++c,d的正反应速率都增大，B正确；升高反应温度，反应a、b、c的逆反应速率增大，正反应速率也增大，C错长发育的最适温度应为积累有机物最多时对应的温加热到300℃，分解的固体产物NH4HS04溶解又可返2Fe2。白色沉淀可能为CuCl或CuSCN,CuCl是由Cu和CuCL,溶液反应产生的，CuSCN是由Cu2+与SCN反误；加入H,0(g),反应c的衡正向移动，导致H,的度，即净光合速率最大时对应的温度，该温度约为回“浸出”工序循环使用。(6)MnC03的摩尔质量为应产生的，“取上层清液于试管中，滴加3滴KSCN溶浓度改变，反应a的衡也会移动，D错误。(3)曲线25℃。(2)由题图可知，当温度超过25℃时，随着温115g·mol,C点剩余固体的摩尔质量为115g·液，有白色沉淀生成”，说明此白色沉淀为CuSCN,因度继续升高，植物总光合速率增幅小于呼吸速率增mol×61.74%≈71g·mol1,则题图中点C对应固体为上层清液中无Cu,所以不会产生CuCl。(7)“在盛1的阁率为2号-7，则该反位的活化能发，幅，导致净光合速率减小，曲线A下降。(3)要测定天的成分为MnO。有2mL0.1mol·LCuS04溶液的试管中滴加KSCN7kJ·mol。同理计算出曲线Ⅱ对应反应的活化能竺葵进行呼吸作用的最适温度，还需设置大于35℃27.(共14分，除标注外，每空2分)溶液，溶液很快由蓝色变为绿色，24h后，溶液绿色变E,小于7kJ·mol',则实验可能改变的外界条件是使的系列温度梯度实验组，将天竺葵幼苗分别放在不同(1)分液漏斗(1分)浅，试管底部有白色沉淀”说明反应1较快，反应ⅱ较用更高效的催化剂。(4)①反应前充人5molC0和温度的密闭玻璃钟罩内黑暗处理相同时间，测定各组(2)Mn0,+4HCI(浓)△MnCl,+Cl2↑+2H,0慢。(8)由“Cu2+、Fe2+和SCN可直接发生反应，生成10molH2,根据碳原子守恒可知，剩余的CH,OCH3为密闭玻璃钟罩内的C02释放情况，C02释放量最多的(3)除去C2中的HC1(1分)CuSCN和Fe+”,且CuSCN为白色沉淀可知，该反应一组对应的温度，即为天竺葵进行呼吸作用的最适(4)不易因为FeC,固体积聚而造成堵塞(1分)》的离子方程式为Cu2++Fe2++SCN一CuSCN↓+Fe3+。(5-0.2-0.4-1.2)mol-1.6ml,根据氢原子守恒，剩2温度。D7卷（一）·理科综合D8卷（一）·理科综合

CO2的，B项错误；NH,HCO3、(NH)2CO3,CH,COONH,都是离子化合物，C项错误。12.C【解析】本题主要考查原电池原理，侧重考查学生的知识迁移能力。该燃料电池放电过程的工作原理为原电池的工作原理，N2H4失电子，发生氧化反应，故a为氧气，b为N2H4,A项错误；该燃料电池的产物为氮气和水，其总反应中未消耗KOH,所以KOH的物质的量不变，但由于有水生成，故KOH的浓度减小pH减小，B项错误；根据转移电子数守恒和总反应可知，消耗1molO2时，生成的氨气的物质的量为1mol,在标准状况下为22.4L,D项错误。13.B【解析本题主要考查难溶电解质的溶解衡，侧重考查学生对基础知识的理解与运用能力。由图像知，D点代表aSO和AgNO的反应终点，c(Ag)=2(S0)=2X10-18mol·L1,Kp(AgS0)=2(Ag)·c(SO)=4X10-5.4,A点代表NaCI和AgNO3的反应终点，c(Ag)=c(C1-)=1×104.9mol·L1,Kp(AgCI)c(Ag)·c(CI)=1X1098,A项正确；由于C点SO只沉淀一半，根据衡移动原理，D点c(Ag)大于C点，故A、CD三点中，D点c(Ag)最大，B项错误；若AgNO溶液浓度减小，则消耗AgNO溶液体积增大，而Kp(AgC)不变，反应到达终点时pM[pM=一lgc(C)]不变，故A点向B点移动，C项正确：AgS0,(s)+2C-(aq)-2AgC1(s)+S0g(a0的衡常数KcS0)cS0):cAg2c2(C-)c2(Cl)·c2(Ag)K(Ag2S0）4X10-54-0K(AgC1X10y=4X10,D项正确。14.B【解析】本题考查原子物理学，目的是考查学生的理解能力。放射性元素的半衰期与环境温度无关，选项A错误；天然放射现象说明原子核具有复杂的结构，选项B正确；在核反应中，电荷数与质量数均守恒，选项C错误；光电效应现象中逸出的电子是核外电子吸收光子能量后摆脱原子核的束缚而产生的，选项D错误。15.C【解析】本题考查物体的衡条件，目的是考查学生的推理能力。根据物体的衡条件，物体B匀速下滑时受到重力、物体A对它的支持力以及物体A对它的摩擦力，因此物体A受到重力、斜面的支持力、物体B对它的压力、物体B对它的摩擦力以及斜面对它的摩擦力共五个力的作用，选项C正确。16.B【解析】本题考查运动的合成与分解，目的是考查学生的推理能力。篮球在空中的运动可分解为水方向的匀速直线运动和竖直上抛运动，根据竖直上抛运动的规律，高弧线投篮时，篮球在空中运动的时间最长，选项A错误；三种弧线投篮的过程中，重力做的功相等，根据P=W,,高弧线投篮时，篮球从出手到进框，重力的均功率最小，选项B正确；三种弧线投篮的过程中，篮球的水位移相同，低弧线投篮时的水分速度最大，竖直分速度最小，无法确定三种弧线投篮的过程中人对篮球做的功的大小关系，选项C,D均错误。17.A【解标体题考查万有引力定律，目的是考查学生的推理能力。由G=m荒=mg,V鸳，一兰3p=解得p一器选项A正确。18.B【解析】本题考查电场力做功，目的是考查学生的推理能力。依题意可判断与电荷正负无关，只要求4、b两球所带电荷是异种电荷即可，由电场力做功有2q.EL十9%EL=0,选项A、C错误，B正确；电场力对a,b两球做功的代数和为零，选项D错误。19.BD【解析】本题考查竖直上抛运动，目的是考查学生的推理能力。0~3s内甲球处于上升阶段，0~2s内甲球的速度大于乙球的速度，两球间的距离变大，2s~3s内甲球的速度小于乙球的速度，两球间的距离变小，选项A错误；根据对称性，第6s末，甲球落回地面，选项B正确；)一t图像与时间轴所围区域的“面积”表示位移，0一2s内，甲球通过的位移x甲=2×(30+10)×2m二40m,乙球通过的位移xz=0,故第2s金卷押题猜题理科综合（二）参考答案第2页（共10页）二)合8容22·JJ·YTCT

度（未达到C02饱和点），呼吸速率不变，光合速率增强，因此所【命题意图】本题考查对-V图像的理解、气体实验定律、热力学在同一族，且在Cr的下一周期，则基态Mo原子的价电子排布式9测的五个光照强度下对应的净光合速率都增大，整体曲线上移。第一定律及其相关知识点，若杏考生的理解能力和推佣能力为4d58':基态N原子的最高能级为2p,电子云轮廓图为哑铃形30.【答案】（除标注外，每空1分，共10分）【名师精析】(1)从状态A到状态B,P与V的乘积先增大后减小或纺锤形。(2)D的结构简式为◇CH一○，由D-E的条件可知，该反(1)下丘脑骨酪肌和肝脏汗液的蒸发和皮肤内毛细血管舒张则气体的温度先升高后降低。根据P一V图像与横轴所围的面积(2)非金屈性域棍.由负性越大.CN、0二种元者的由负性由大应为卤代烃的水解反应，水解反应也属于取代反应(2)寒冷刺激冷觉感受器→传人神经一→下丘脑体温调节中枢一→传表示做功可知，从状态B到状态C,气体体积减小，外界对气体做到小的顺序为O>N>C;N的2p轨道为半充满状态，较稳定，其第(4)与FCl,溶液发生显色反应，说明分子中含有酚羟基，此外还出神经→毛细血管收缩/骨骼肌战栗/肾上腺分泌肾上腺素增加功，为W=2po,则气体做负功，W=-2pV0。由热力学第一定一电离能比0大，C、N、0三种元素的第一电离能由大到小的顺序(2分)用状腺激煮》级调结知备后德调节律可知气体内能的变化量为40=W-Q=2poV。-Q。为N>0>C。含有◇◇，则剩下的基团为甲基，甲基的位置如图所示：(3)渗透压、酸碱度血浆、组织液、淋巴细胞直接生活的环境(2)①不坐人时对活塞进行受力分析，有mg+0m(号)2OH细胞与外界环境进行物质交换的媒介(3)S5【命题意图】本题考查内环境稳态及神经一体液调节的相关知识中的2个C原子分别形成3个共价键和4个共价意在考查考生理解和综合运用能力m(号)(2分)NH,◆好月0以：放满足条6【名师精析()人体体温调节的中枢在下丘脑。人体热量的来键，杂化方式分别为即2、即3。解得p=4m件的E的同分异构体共19种。其中，核磁共振氢谱有6组峰，且峰源主要是细胞中有机物的氧化放能，尤以骨骼肌和肝脏产热最+poe(1分)(4)电负性0>S>S,电负性越大，共用电子对越靠近，斥力越大，键角越大。面积之比为3：2：2：2：2：1的结构简式为H0〈》《CH3。多，热量的散出主要通过汗液的蒸发、皮肤内毛细血管舒张等。(2)寒冷刺激下，在神经调节和体液调节的共同参与下最终体温②坐上质量为M的人时，设气体的压强为p',座椅下降的距离为(5)目标产物(CH)2N(CH2)20(CH2)20(CH2)2N(CH)2可由维持稳定，神经调节的反射弧：寒冷刺激冷觉感受器→传人神△h,稳定时，有(5)S0中中心原子S的价层电子对数为4+6+2,2X44,孤电CI(CH2)20(CH2)20(CH2)2C1制得，类似F→苯拉海明的反应经→下丘脑体温调节中枢→传出神经→毛细血管收缩/骨骼肌战(+)g+po()=4)(2分)子对数为0，其空间构型为正四面体形。过程；Cl(CH2)20(CH2)20(CH2)2CI可由CH20HCH20H和栗/肾上腺分泌肾上腺素增加等，体液调节中的关键激素是甲状(6)Mo的晶胞结构为体心立方结构，Mo的配位数为8。设晶胞边长HOCH,CH2Cl制得，类似E→F的反应过程；CH2OHCH2OH可由腺激素，作用是促进新陈代谢，增加产热。甲状腺澈素的调节机由玻意耳定律有m(号)h=pm(号)a-A),(2分)为am则a=05p号2x96卤代烃的水解反应制得，即乙烯和卤素（如溴水、氯气等）加成后制有分级调节和负反馈调节。(3)细胞外液重要的理化性质有温g·cm3。k解得CH,OHCH,OH度、酸碱度、渗透压，细胞外液由血浆、组织液、淋巴组成，它是细联立解得△h=4Mgh(1分)37.【答案】（除标注外，每空2分，共15分）胞直接生活的环境，细胞与外界环境进行物质交换的媒介。4(M+m)g ndpo(1)醋酸菌(1分)氧气充足，温度为30-35℃31.【答案（每空1分，共8分）由热力学第一定律可知，座椅下降过程对气体做的功为W=Q。36.【答案】(1)甲苯(1分)醚键(2分)(2)板划线法和稀释涂布板法防止杂菌的污染，保证菌种(1)生物防治利用音响设备发出信号吸引鸟类，使其结群捕食(2分)的纯度水无机盐，碳源、氨源乳酸杆菌生长所需要的维生害虫：利用昆虫信息素诱捕或者警示有害动物合理调整能量流(2)◇一H◇(2分)取代反应（或水解反应）(1分)素、无氧的环境动关系，使能量续高效地流向对人类最有益的部分34.【答案J(AcD5分(2)①@2(3)包理法细胞体积大，难于被吸附或结合，所以采用包埋法固(2)实现对能量的多级利用，从而大大提高能量的利用率速度【命题意图】本题考查波的传播、波的干涉、折射定律、光的传播OH定细响和方向水及其相关知识点，考查考生的推理能力和应用数学处理物理问题(3)◇CH◇+HoCH,cH,CH2S04/75-80℃命题意图】本题主要考查微生物培养和应用的相关知识，意在考(3）野黄中，应/鸣大部朵查考生理解和综合运用能力。命题意图】本题主要通过生态农业考查群落演替、生态系统的能【名师精析】（1)制作果醋所用菌种为酷酸菌，醋酸菌是好氧型量流动、信息传递等相关知识，意在考查考生分析和综合运用【名师精析1（由2寸：云解得/=Hz,A正确；由题中的波Q菌，生长的最适温度为30~35℃。(2)微生物接种的方法最常用能力。CH0CH2CH2C1+H20(2分的是板划线法和稀释涂布板法，无论哪种方法，其核心都是【名师精析](1)为了减少环境污染，尽量减少农药的使用，可以动图像可知被长入=4m,周期T==85，则该简谐横波的传防止杂菊的污染，保证菌种的纯度：培养基为微生物提供的基本用生物防治方法控制虫害，这是一种对人类生存环境无污染的防营养成分是水、无机盐、碳源、氮源，除此之外还要满足一些微生治方法，具体措施有利用音响设备发出信号吸引鸟类，使其结群播速度为。==0.5m,B错误；两列波的波源相距4x-(4)19(2分H0-QCH,(2分)物的特殊要求，比如乳酸杆菌需要维生素及无氧的环境。(3)醋捕食害虫；利用昆虫信息素诱捕或者警示有害动物等。控制农亚21m-（-1m)=22m,由△x=2t可得两列波从振动开始经过(5)CH,=CH,澳本CH,BCH,B0OH溶液CH,OHCH2OH酸南细胞体积大，难于被吸附或结合，不适合用物理吸附法或者害虫的意义是合理调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对。=22s相遇，C正确；由于两列波的振动情况完全相同，x=10m化学结合法，应采用包埋法固定人类最有益的部分。(2)生态农业能实现对能量的多级利用，从处的质点距两波源的距离相等，则x=10m处的质点为振动加强HOCH2CH2CI而大大提高能量的利用率：荒山开层说明人为作用明显影响群落点，振幅为12cm,D正确；x=-8m处的质点距两波源的距离差为o5-C(CH)(C)(CH)C①(CH)2NH38.【答案1（除标注外，每空2分，共15分）②NaOH(1)限制酶、DNA连接酶、载体(1分)从基因文库中获取、通过演替的速度和方向；根据山区地形的变化，光照强度的不同等种(21m-8m)-(8m+1m)=4m,则x=8m处的质点为振动(CH3)2N(CH2)20(CH2)20(CH,)2N(CH,2(3s分3DNA合成仪用化学方法直接人工合成植不同的作物，体了群落的水结构。(6)欲写出含有级消加强点，振幅为12cm,E错误。(2)利用DNA双链复制的原理，将基因的核苷酸序列不断地加以费者的食物链，根据题意可知，鸡、鸭食用虫子时为次级消费者【命题意图】本题以合成苯海拉明为载体，考查有机化学基础知(2)①由于紫光的折射率大于红光的折射率，所以紫光在玻璃柱复制，使其数量呈指数方式增加DNA的两条链反向行，都作即食物链可表示为野草→虫一鸡/鸭。某同学吃了只鸡，这只识，意在考查考生综合运用知识分析问题的能力。(2分)模板，其上的碱基序列不同鸡的能最大部分流入该同学体内10%-20%的传递效率是指具体中的偏转角度较大，即光束b为紫光。【名师精析】由苯海拉明的结构简式及F的分子式可推知，F为根据题述可知，紫光的入射角i=60°，折射角，=30°，(1分)(3)与RNA聚合酶结合，驱动转录目的基因进入受体细胞内有捕食关系的两个营养级之间。并且在受体细胞内维持稳定和表达的过程DNA分子杂交技术32.【答案】（除标注外，每空1分，共12分则由折射定律可得玻璃柱体对紫光的折射率n==3」sin rCHOCH,CH,Cl;由A的分子式及装海拉明中含有苯环可分子杂交技术、抗原一抗体杂交技术、个体生物学水的鉴定(1)抗倒伏、易染条锈病基因的自由组合杂交一①自交，后代(2分)(4)转基因技术、早期胚胎培养、胚胎移植技术、体外受精技术性状分离比为9：3：3：1，或者①与④交，后代性状分离比为1②根据几何关系可知，紫光在玻璃柱体中的传播路程为1.5L,【命题意图】本题主要考查基因工程的相关知识，意在考查考生识1:1:1(写出一种即可)(2分)(2分)推知，A为◇CH,甲苯与氯气在光照条件下发生取代反应生记和综合运用能力。(2)DdTt,Ddu,DTT、ddt(2分)1或2(2分)1或3：1(2分)【名师精析】(1)基因工程的基本操作程序中所用的基本工具有(3)脱落酸由一。可得紫光在玻璃柱体中的传播速度。C,成B(令CHC,B与苯发生取代反痘生成C限制酶、DA连接酶、载体；获取目的基因常用的方法除了利用【命题意图】本题考查遗传定律的相关知识，重点考查自由组合定律的判断及相关分离比的计算，意在考查考生应用相关知识解决(2分)PCR技术扩增之外还有从基因文库中获取、通过DNA合成仪用(◇CH,◇)和HC,C在光照条件下与氢气发生取代反化学方法直接人工合成。(2)PCR技术扩增目的基因的原理是利实际问题的能力。则紫光在玻璃柱体中的传播时间上：三。3(1分)用DNA双链复制的原理，将基因的核苷酸序列不断地加以复制【名师精析】(1)根据两组实验的杂交结果可知，抗倒伏、易染条2c锈病为显性性状；根据杂交可知，这两对性状的遗传遵循基因35.【答案】(1)4d58'(1分)哑铃形（或纺锤形）(1分)使其数量呈指数方式增加。PCR扩增时需要两种不同的引物，原因是基因的两条链反向行，都作模板，其上的碱基序列不同。的自由组合定律，结合杂交二实验可得，①②③④的基因型依次(2)0>N>C(2分)N>0>C(2分)应生成D(CH◇)，D发生水解反应生成E(3)启动子位于基因的首端，它是RNA聚合酶识别和结合的部为DdT、Dd、DdTT和ddt,验证基因自由组合定律可以用双杂合(3)p2,p3(1分)OH位，有了它才能驱动基因转录出mRNA,最终获得所需要的蛋白子自交或者双杂合子与隐性纯合子测交，所以可以用①自交，后(4)H,0>H2S>H2Se(1分)电负牲0>S>Se,H20,H2S、H2Se的共用电子对的排斥力依次减小，所以键角依次减小(2分)(◇CH◇)，E与H0CH,CH,C1发生取代反应生成P。质：转化是指目的基因进人受体细胞内，并且在受体细胞内维持代性状分离比为9：3：3：1，或者①与④杂交，后代性状分离比稳定和表大的时程。目的因导人受体细胞后，是否可以稳定准为1：1：1：1。(2)从杂交一后代中随机选择的一株抗倒伏抗(5)正四面体形(2分)条锈病的个体的基因型可能是DDt或者Ddt,则自交后代表现型2×96(1)A的结构简式为◇CH,其名称为甲苯。苯海拉明的结持和表达其遗传特性，需要通过检测和鉴定才能知道，常用的方(6)8(1分)-(2分)法有DNM分子杂交技术，分子杂交技术，抗原一抗体杂交技术和有1或2种，表现型比例为1或3：1。(3)根据矮壮素的作用特个体生物学水的鉴定，比如一个抗虫或抗病基因导入植物细胞点可知，它和植物体内的脱落酸作用效果相似。后是否情予了捕物抗中或抗病的特性需贾彬抗中成抗病的接33.【答案1(1)先升高后降低(1分)-2p'(2分)24%-Q(2分)【命题意图】本题以高硫物质[(NH,)2M0,Sa]为载体考查物质结构简式为CHOCH2CH2N(CH,)2,其含氧官能团的名称为4Mgh种实验，以确定其是否具有抗性以及抗性的程度。(4)转基因哺构的知识，意在考查考生综合运用知识分析问题的能力。乳动物的获得，可能应用了转基因技术、早期胚胎培养、胚胎移植【名师精析1(1)基态Cr原子的价电子排布式为3d4s',Mo与Cr醚键。技术、体外受精技术、胚胎分割技术等。6

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高三英语周报 2023-12-17 01:34:08

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高三英语周报 2023-12-17 01:36:09

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但一个钱，说是替同事表示心意，让孩子买古。分别时，小兰依依不舍地对父亲说：“叫我幸福。的老表来做客呀！”我和母亲分析，大小兰束姑也猜到了父亲的身份。听了这番叙述，我既对父亲隐瞒身份去看塑自已的表妹感到斯奇有趣，也多少有7.下列些不解：为什么不公开身份呢？是怕多少年设见面，不知道如何面对这份浓厚的亲情》A还是治过于打搅人家呢？物成因为是安手旅上门去的莞得有些失礼呢？或许兼而有之吧。可是我总认为他们这一次有意思的会面，因父亲不公开身份，多少有点遗憾。不过，我还是为父亲能把一份亲情深深地埋藏几十年，而且总想表达出来而深深感动而小兰表姑也知道表兄在河那边教古，说明地也是挂念着交亲和我们家的，而地随父,跟本村人到界地生活时：才玉六岁而已！可见来背是到不斯的，是深深地劈刻于心灵的！物变得随和父亲的性格就是有这么点“怪”这“怪”在他对我家所分得的几宣田地的态度上也可见得。一方面，他既要我书，又要种地，当然会觉得苦不堪言，所以常常诅咒这该不恭。他死的田地，累死个人，一方面，他又每个暑假都香领我们下地，论种抢收。他千活像他亩破地干写字一样，他认真地载插每一株秧，仔细地收割每一株看。当稻谷收到打谷场上，成8.父难道甘家一座座小小的金字塔时，他看着那黄澄澄的收成，眼里放出喜悦的光，那目光不亚于看这话引起到自己最疼爱的孩子。父亲晚年也更多地与母亲一道侍弄家里的菜国。他陪母亲栽种瓜莱秧苗，帮她担族往事。水浇园，当然也帮她收获。而经过父亲，母亲经之营之，那些年，我家的菜园总是丰收，情也温连菜园边缘的高粱和黄豆都结得繁盛。即将破这片莱园在村子西北边的丘冈脚下，背靠冈岭，而面向无尽的沃野畴，地势开9.走。可阔，风景颇佳。我知道父亲在劳作之余，也喜欢站在坡上眺望四方，口中连赞“好地方，说是在好地方”，但我没有想到他会有更多的想法或者想象。后来我母亲在回忆他时才透露，有一次，他担水灌园之后，也许是累了，便找了一座长满青草的坟冢，斜躺在边上，望着天不远方，对母亲说：“他妈妈，这里不错，我以后就葬在这里吧，风光很美啊！”没想到还真是一语成谶，大约两年后，父亲便渣然长逝，那时他还不到退休年龄。而父据说，当他得知自己生了病，即将去县医院就诊时，似乎就有了一去不返的预感。他并打听没有怎么惊慌。临行前，他沿着村庄周边好好地走了一遍，没漏过一条小溪，一行小人，认树，也没有忽略一块田地，一口池塘，他用目光把家乡的山山水水都抚摸了一追，然后和母亲拾起必需的物品，一步一步高开了村子，走到公路上去等汽车一其时，我正在两千多里外的城市读书。元记得渴塑生活：梵高传》在清到梵高之死时，说：“他是一块极速还原的泥土。”我觉得父亲也是一块板建还原的泥土.气热，曼然那块贵上不埋人~有种英雄的家气，3·128·【24·G3DY·语文（十一）-R一必考-SX】

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22.C。理解具体信息。根据Stamp Desig

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2021一2022学年度下学期高三年级二调考试①创新集体经济分配方式②促进农业的转型升级郑③提高农村耕地利用率④坚持公有制的主体地

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22.C。理解具体信息。根据Stamp Designing部分中的The stamp design will be based

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22.C。理解具体信息。根据Stamp Desig

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三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第17~21题为必考题，每个21,(12分)试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答.(一)必考题：共60分已知取由线C号-芳1a>06>0)的一条渐近线方程为工一)-0，且虚轴长为217.(12分)(①)求双曲线C的标准方程；甲，乙参加一次有奖竞猜活动，活动有两个方案.方案一：从装有编号为1,2,34,5,6的6个小球的箱子内随机抽取2个小球，若抽取的小球的编号均为偶数，则获奖.方案二：电脑可以②)若动直线1与双曲线C恰有1个公共点，且与双曲线C的两条渐近线分别交于P,Q两点，O为坐标原点，证明：△OPQ的面积为定值.从0一2内随机生成一个随机的实数，参赛者点击一下即可获得电脑生成的随机数x,若2<2,则获奖.已知甲选用了方案二参赛，乙选用了方案一参赛。(1)求甲获奖的概率.(2)试问甲、乙两人谁获奖的概率更大？说明你的理由(二]选考题：共10分.请考生从第22,23两题中任选一题作答.如果多做，则按所做的第一个题学18.(12分)目计分.已知{√a)为等差数列，且a1=1,a2=4.22[选修4一4：坐标系与参数方程](10分)学(1)求ai四者么-六十数列6的前：项和为9.证明81=+在面直角坐标系xOy中，已知直线l的参数方程为(t为参数)，以坐标原点O19.(12分)为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C的极坐标方程为p2+2pcos0-4psin0一20=0.如图，在底面是正方形的四棱柱ABCD-A1B,CD1中，CDL面BCC,B,BC=1,CC,=3,(①)求直线1和曲线C的直角坐标方程；BC=√10.(1)证明：四棱柱ABCD-A1B,C,D,为正四棱柱(2)记直线1与x轴的交点为M,与曲线C的交点为A,B,求|MA+MB1.(2)求四棱锥B-ACC,A的体积.23.[选修4-5：不等式选讲](10分)设函数f(x)=3x-2-|x-1.(1)求不等式f(x)<4的解集；(2)若关于x的方程f(x)=x2十ax一1有两个不等实数根，求a的取值范围.20.(12分)2已知函数f(x)=ax2-lnx-ln(3a).①)当a-}时，求f)的单调区间；s-xIx(2)若f(x)>0恒成立，求a的取值范围。【⊙高三数学第3页（共4页）文科⊙】【⊙高三数学第4页（共4页）文科⊙】

定很大。对于进献瓜果的人，只能赐给钱帛，不应该用官位来酬报。”德宗说：“试官只是个虚名，对事情没有损害。”陆贽又呈上奏章，奏章大致是说：“自从战事兴起以来，财货与赋税不足以供给对将士的赏赐，于是以职官为赏赐的办法便兴起了。身着青、绯色朝服的人混杂在官府衙役中间，金鱼袋和紫衣普遍赏赐给地位微贱的人们。诱导人们的方法，只有名誉与利益，名誉接近虚无但对教化来说却是重要的，利益接近实际但对德行培养来说却是次要的。只给人实际利益而不以虚无的名誉加以补益，就会耗尽资财使物力难以供给；只给人虚无的名誉而不以实际利益相配，就会近乎欺骗使人心不能归附。如今的员外、试官，与勋官、散官、爵号很类似，虽然授给这种官衔不用消耗薪俸，也不占去名额，但是对于那些冲锋陷阵、排忧解难的人，是用这种官衔来奖赏他们的，对于那些竭尽全力、做出功绩的人，也是用这种官衔来酬报他们的。倘若进献瓜果的人也被授予试官的官衔，那么他们必然会相互谈论说：‘我们舍生忘死才得到官衔，这些人因进献瓜果而得到官衔，这是国家把我们的性命看得同瓜果一样了。’把人看得如同草木，谁还能为国家效力呢！现在陛下既没有实际的利益来敦促劝勉人们，又不重视虚无的名誉而不加节制地施加于人，人们行事便无所依凭了。那么，对以后立下功劳的人，将用什么作为奖赏呢！”陆贽供职翰林院，受到德宗的亲近信任，在艰难的日子里，虽然有宰相，但是无论大事小事，德宗必定要与陆贽商量，所以当时人们把他叫作内相，德宗无论到哪里一定要有陆贽陪同。然而陆贽常常直言劝谏，违逆德宗的意旨，卢杞虽被贬官，但德宗内心仍庇护他。陆贽极力陈述卢杞奸诈邪恶导致变乱，德宗虽然表面上认同，其实心中很不高兴。材料二：臣听说唐朝的宰相陆贽，才能本来能担当帝王的辅佐之任，学问可以成为帝王的老师；他的议论深刻而切合事理人情，言语不偏离圣贤的道德规范；智慧与子房（张良）相当而文才却要胜过他，辩才与贾谊相当而方法却不似他粗疏；上可以纠正皇帝想法上的错误，下能够通晓天下人的心志。但他很不幸，做官没能赶上良好的时机。德宗以严厉刻薄为能事，陆贽就以忠诚敦厚去劝谏；德宗以猜疑忌恨去对人，陆贽就以推心置腹去劝说；德宗喜好用兵打仗，陆贽则认为消除战事是当时首先要做的；德宗喜好敛聚财物，陆贽则认为散财于民最为迫切。至于任用人才、接受意见的方法，整治边防、驾驭将帅的策略，归罪于自身以收拢人心，改正过错以顺应天道，排斥小人以消除百姓的祸患，珍惜名誉、宝器以授予有功之人，像这些合理的建议，很难列举完。陆贽真可以说是进献了苦口的良药，去诊治危害身体的重病。假使德宗能完全采纳陆贽的进言，那么贞观之治的盛况便会再一次出现。