4.横断山[A.灌溉南通金卷·模拟调研卷（五）C.森林5.横断山A.春季地理6.图示干A.气C.愈向冷涡温连续几天注意事项：1.本卷满分100分，考试时间75分钟。答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷成7一8和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。n3.非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。如选择题（本大题共23小题，每小题2分，共46分。在每题所列出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。)2021年4月以来，10多头原本栖息在云南省西双版纳傣族自治州的野生亚洲象走出丛林，一路北上，迁移超500千米，引发国内外一波“观象热潮”。野生亚洲象一路北上，沿途多次闯入7.受此村庄、损坏庄稼。当地政守出动了由630名工作人员、106辆汽车和14架无人机组成的“大象A.夺护卫队”，并配备了能够进行夜间观测的红外设备跟踪象群动向，以便及时疏散居民。8月8日8.正确20时8分，象群安全渡过江支流，助迁工作取得决定性进展。据此完成1~3题：1.红外设备夜间观测象群时依赖的地理信息技术是A.RSB.GISC.GPSD.BDS郴2.“大象护卫队”应对野象群迁徙的合理措施是A.封闭村庄、农田B.人工接触引导C.加强监测少干扰D.麻醉运送原地纲3.象群迁移期间A.地球公转速度越来越快B.晨昏线与纬线的夹角变大妇C.南京日出东北日落西北D.东京太阳高度日变化增大地衣横断山区位于青藏高原东南部，通常为四川、云南两省西部和西藏自治区东部南北走向山成，脉的总称，海拔多在4000~5000米，山高谷深，岭谷的高差一般在1000米以上。森林资源富饶而广布，是中国第二大林区一西南林区的主体部分。河流流量大，落差大，水力资源丰富，规划坝址多，但水能开发却极少。下图示意横断山区主要河流、山脉及干热河谷分布。据此完成46题。菜。干热河谷【南通金卷·模拟调研卷（五）·地理第1页（共6页）】

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1、云南省普洱市2023~2024学年上学期高一年级期末统测试卷(241438D)物理答案

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2025届高三单元定向检测卷·化学（二）参考答案1.D工业上电解Al2O3制备Al,A项错误；用CS2试剂洗涤试管壁上附着的S是溶解过程，属于物理变化，B项错误；单质Al与NaOH溶液反应生成Na[Al(OH)4],C项错误；稀硝酸与Ag发生反应生成AgNO3、NO和HO,发生氧化还原反应，D项正确。2.A铝热反应中A1作还原剂，陈述均正确，且二者存在因果关系，A项正确；氢氧化铝具有弱碱性，可以中和胃酸，且无毒，可以用于制作胃酸中和剂，前半句陈述错误，B项错误；H2O2、SO2都能使酸性KMO4溶液褪色，都发生氧化还原反应，高锰酸钾为氧化剂，则H2O2、S)2均表现还原性，C项错误；铁粉与水蒸气在高温下发生反应，生成四氧化三铁和氢气，则不会出现铁粉变红褐色的现象，D项错误。3.C阳离子浓度均为0.5mol·L1,阴离子浓度均为1mol·L1,由于溶液呈电中性，则阳离子所带正电荷总数与阴离子所带负电荷总数相等。再根据离子共存的原则可知，C项符合题意。4.DFS2被氧气氧化生成二氧化硫，而不是三氧化硫，A项错误；氯化镁晶体直接加热不能得到无水氯化镁，B项错误；电解熔融的氯化钠得到氯气和单质钠，而不是氢氧化钠溶液，C项错误；氯化钡在碱性条件下与二氧化碳反应生成碳酸钡，碳酸钡加入硫酸钠溶液中生成溶度积更小的硫酸钡，D项正确。5.A加快搅拌速率，可以使反应物充分接触，加热可加快反应速率，但温度升高，SO2在水中溶解度降低，不一定能提高吸收SO2效率，A项错误；多孔球泡可以让O2与浆料充分接触，从而提高反应速率，B项正确；可通过检验料浆中是否含有MgSO3来判断ⅱ中反应是否完全，取料浆适量，加入稀盐酸，观察是否有能使品红溶液褪色的气体产生，C项正确；中干燥时，要控制干燥时间，不宜过长，D项正确。6C钠与水反应剧烈，为了实验安全，应取用绿豆大小的金属钠，A项正确；钠与水反应时钠浮在水面，然后熔化成闪亮黄色小球，在水面游动，B项正确；实验i为对照实验，探究NaOH对MnO,的影响，溶液由紫红色变为浅绿色，说明实验i中可能发生的反应：4MnO,+4OH一4Mn}十O2+2HO,故不能说明溶液中的MO能被金属钠还原，C项错误；由上分析，实验i的“无色气体”中一定有H,还可能含有O2,D项正确。7.BCO2不会引起酸雨灾害，A项错误；令CC2O4·H2O的物质的量为1mol,即质量为146g,根据图象，第一阶段剩余固体质量为146g×87.7%=128,相差18g,说明此阶段失去结晶水，同理，第二阶段从剩余固体质量与第一阶段剩余固体质量相对比，少了28g,相差1个C0,因此400~600℃范围内，分解反应方程式为CaC,O,4o06o0℃CaC0十C0+,该阶段碳元素既被氧化又被还原，B项正确：第三阶段从剩余固体质量与第二阶段剩余固体质量相对比，少了44g,相差1个C02,950℃时固体的残留率x约为38.4%，C项错误；工艺2中CaC2O4·H2O热分解释放更多的气体，制得的CaO更加疏松多孔，能增加与CO2的接触面积，更利于捕捉CO2,D项错误。8.℃侯氏制碱法是向饱和的氨盐水中通人二氧化碳，生成溶解度小的碳酸氢钠沉淀，氯化铵留在溶液中，过滤后对碳酸氢钠再加热分解得到碳酸钠，向母液中加入氯化钠固体，由于氯离子浓度增大会使氯化铵析出，母液可以循环使用。氨气极易溶于水，使得溶液显碱性，可以吸收更多的二氧化碳，故气体N、M分别为H和CO2,A项错误；NaHCO3加热分解得到Na2CO3、CO2和H2O,其中一部分C元素进入产品Na2CO3中，因此工业生产时需要补充CO2,B项错误；向母液中加入氯化钠固体，由于氯离子浓度增大会使氯化铵析出，C项正确；NH4Cl是易溶物质，食盐水中仍有NH4CI剩余，D项错误。9.D上述反应中存在NaN和KNO中离子键、叠氮酸根内的氮氮非极性键、硝酸根内的氨氧极性共价键的断裂，存在K,O和NaO内的离子键、氨气中氨氨非极性键的形成，A项错误：NN,中N元素由一子价升高到N2中的0价，KNO中N元素由+5价降低到N2中的0价，根据化合价升降守恒、原子守恒，可得反应的【2025届高三单元定向检测卷·化学（二）参考答案第1页（共2页）】

8.B二氧化氮的密度比空气密度大，则题图中导管应长进短·15.解析：海盐经过焙炒，除去海藻等有机杂质，并使其颗粒变出，A错误；MO2和稀盐酸不互溶，可通过过滤的方法分·小，之后溶解，加入氯化钡溶液除去硫酸根离子，加入氢氧离，B正确；氨气能与浓硫酸反应，不能用浓硫酸干燥氨气，C!化钠溶液除去镁离子和铁离子，再加入碳酸钠溶液除去钙错误；测定中和反应的反应热时，应将烧杯放在放有碎泡沫·离子和过量的钡离子，之后过滤取滤液，蒸发浓缩得到饱和塑料的大烧杯中且盖上大纸板阻热，D错误。溶液，通入HCl气体结晶得到NaCl。(4)①实验室可以利9.A通入CO2依次发生反应：CO2+Na2CO3+H20用浓硫酸与氯化钠固体共热制取HCl气体，所以试剂a为2 NaHCO3、CO2+CaCO3+H2O-Ca(HCO3)2,由于在相浓硫酸；仪器1侧面导管可以衡压强，使液体顺利滴下。同温度下NaHCO3的溶解度小于Na2CO3,最终瓶中会有②将烧瓶中的海盐磨细可以增大与浓硫酸的接触面积，使白色晶体析出，不会得到澄清溶液，A项选；通入C12发生反，产生HCl气体的速率加快，从而加快NaCl晶体的析出。应：Cl2+2FeCl2-2FeCl3、2FeCl3+Fe—3FeCl2,最终！答案：(1)除去海藻等有机杂质，并使其颗粒变小固体Fe消失得到澄清溶液，B项不选；通入HCI,NO3在酸(2)NaOH溶液Mg2+和Fe3+Na2CO3溶液Ca2+和Ba2+性条件下会表现强氧化性，发生反应：3Cu十8H十2NO3:(3)蒸发浓缩(4)①浓硫酸可衡压强，使液体顺利滴下一3Cu2+十2NO个十4H2O,最终固体Cu消失得到澄清溶；②增大与浓硫酸的接触面积，使产生HC1气体的速率加快液，C项不选；AgCI在水中存在溶解衡：AgCI(s)一16，解析：(2)稀硫酸与FS发生复分解反应生成硫酸亚铁和Ag+(aq)+CI-(aq),通入NH3后，Ag与NH3结合成！硫化氢气体，且硫酸不挥发，所产生的硫化氢气体中没有杂[Ag(NH3)2]+,使溶解衡正向移动，最终固体AgC1消失！质气体，A符合；盐酸与FS发生复分解反应生成氯化亚铁得到澄清溶液，D项不选。和硫化氢气体，盐酸会挥发，所产生的硫化氢气体中混有l0.D用Fe2(SO4)3溶液浸取黄铁矿时FeS2和Fe3+发生氧！HCI气体，HCI会优先和醋酸锰溶液反应生成醋酸，即HCl化还原反应得到Fe2+和S单质，FeS2十2Fe3+=3Fe2++的存在会阻止MnS生成（即使有MnS生成，MnS也会溶于2S,故A正确；若向操作后的X溶液中加入KSCN溶液，溶！盐酸中)，B不符合；CuS不溶于稀硝酸，CuS会与浓硝酸发液变红，说明溶液中有Fe3+,Fe3+没有完全反应，故B正！生氧化还原反应得不到H2S,C不符合。(3)H2S具有强还确；溶液X为FSO4溶液，经过蒸发浓缩、冷却结晶后可制原性，故实验中要通入X赶走装置中的空气，并使装置A中得绿矾晶体(FeSO4·7H2O),故C正确；实验室制备的H2S进入装置B中反应，则X可以是CO2或N2等。F(OH)3胶体的方法：加热烧杯中的水至沸腾，向沸水中滴(4)H,S是剧毒气体，则题述实验装置中存在一个明显的缺加几滴饱和氯化铁溶液，继续煮沸至溶液呈红褐色，即停止陷，改正的方法是在装置B后增加尾气处理装置。加热，故D错误。答案：(1)三颈烧瓶(2)A(3)CO2或N2等（合理即可）11.D由毛细管通入N2,使磷酸受热均匀，可防止暴沸，气体(4)在装置B后增加尾气处理装置（合理即可）流通可加速水逸出，A正确；丙处应连接直形冷凝管，起冷：(5)H2 S+Mn(CH3 COO)2 -MnS+2CH3 COOH凝蒸气的作用，B正确；磷酸分子中含有三个羟基，可与水分：过滤洗涤子形成氢键，故磷酸易吸潮，C正确；连接减压装置的目的是17.解析：实验室利用四氯化钛气相氧化法制备二氧化钛，A降低水的沸点，防止温度过高生成焦磷酸，D错误。装置是氧气发生装置，生成的氧气中混有水蒸气，由于12.A试剂X可以是漂白粉或KCIO3,与浓盐酸发生价态归：TC4在潮湿空气中易水解，故生成的氧气要通过装有浓硫中的氧化还原反应生成氯气，A正确；装置B生成氯气，通：酸的洗气瓶D干燥，千燥的氧气通入装置C中与气化的过装置A洗气除去氯气中混有的氯化氢后，进入装置C中：TCl4混合，混合气体再通入装置B中发生反应得到二氧化氧化K2MnO4制备KMnO4,装置D用于吸收未反应完的氯钛，以此解答。(1)C装置加热的目的是让TiCl4气化，气，防止污染空气，故装置连接顺序是c→a→b→e→d→f,B!TiCl4的沸点为136.4℃，故应该选择油浴(100~260℃)加错误；因氯气会与氢氧化钾反应，故装置C中每生成1mol热。(2)B装置三颈烧瓶内TiCL4和O2反应生成TiO2和KMnO4,消耗Cl2的物质的量大于0.5mol,C错误；若去掉C2,化学方程式为TC(g)+0,(g高温T0,(s)+2C,(g.装置A,挥发的氯化氢与氢氧化钾中和，导致溶液碱性减弱，(3)①配制NH4Fe(SO4)2标准溶液时，使用的仪器除天、生成MnO2,KMnO4产率降低，D错误。药匙、玻璃棒、烧杯、量筒外，还需要容量瓶和胶头滴管。13.C食盐中所加碘一般为碘酸钾，碘酸钾遇淀粉不变蓝色，！②滴定过程中发生反应T3++Fe3++H20一TiO++因此实验设计不合理，故A错误；火柴头中的氯元素在氯酸}钾中存在，氯酸钾溶于水不能直接电离出氯离子，加硝酸酸·Fe2+十2H十，Fe3+反应完全时，说明滴定完全，则滴定时所化的硝酸银不能生成氯化银白色沉淀，故B错误；加入稀硝！用的指示剂为KSCN溶液；滴定时消耗Fe3+的物质的量为酸后再加KSCN溶液，溶液变红，说明溶液中存在Fe3+,从：0.02L×0.1000mol·L-1=0.002mol,则溶液中Ti3+的而可说明菠菜中含有铁元素，故C正确；加浓硝酸鸡皮变}物质的量为0.002mol,产品中钛的质量分数为黄，是蛋白质的性质，不能证明脂肪存在，故D错误。0.002mol×48g·mo1-×100%=48%。0.2000g14.D实验②③说明在碱性条件下H2O2电离得到O号，A!答案：(1)蒸馏烧瓶ADCB干燥氧气b项正确；实验②③说明在碱性条件下H2O2与BaCl2溶液反！应生成BaO2,对比实验①可证明Na2O2与H2O反应过程：(2)TiCL4(g)+0,(g)高温Ti0,(s)+2C,(g)中发生反应：Na2O2+2H2O2NaOH+H2O2,B项正1(3)①ac②KSCN溶液48%确；实验①③生成白色沉淀的反应属于复分解反应：BaC12十18.解析：(1)实验室用亚硫酸钠固体和浓硫酸反应制取二氧H2O2一BaO2十2HCl,不是氧化还原反应，C项正确；：化硫，应选择固液不加热型发生装置，故选择装置A,发生反Na2O2与Na2CO3均可与BaC2溶液反应生成白色沉淀，D!应的化学方程式为Na2SO3+H2SO4(浓)Na2SO4+项错误。SO2个十H2O。(2)利用装置A制备二氧化硫气体，经浓硫180

意图中x=11一2一8=1，说法正确；B.该元素的核内质子数为专题十认识化学元素11,为钠元素，属于金属元素，说法错误；C.最外层电子数是1，考点1元素级元素含量小于4，在化学反应中易失去1个电子而形成阳离子，说法正1.A【解析】缺铁性贫血中的“铁”不是以单质、分子、原子等形式确；D.该元素的核内质子数为11，为钠元素，该元素形成的单存在，这里所指的“铁”是强调存在的元素，与具体形态无关。故质为钠，容易与氧气反应，说法正确。故选B。选A。41.D【解析】A.图中“十”表示原子核带正电，说法错误；B.由于2.B3.C电子质量很小，铝原子的质量主要集中在原子核上，说法错考点2元素周期表误；C.由铝原子结构示意图可知，铝原子的最外层电子数为3,4，D【解析】A.根据元素周期表中的一格可知，字母表示该元素小于4，在化学反应中易失去3个电子形成阳离子，说法错误；的元素符号，铼元素的符号为Re,说法正确；B.根据元素周期表D.弧线表示电子层，由铝原子结构示意图可知，铝原子核外有中的一格可知，中间的汉字表示元素名称，该元素的名称是铼，3个电子层，说法正确。故选D。带“钅”字旁，属于金属元素，说法正确；C.根据元素周期表中的42.(1)原子(2)质子数（或核电荷数）(3)MgC12(4)S2一格可知，左上角的数字表示原子序数，该元素的原子序数为【解析】(1)分子、原子和离子是构成物质的基本粒子。分子是75:根据原子中原子序数=核电荷数=质子数=核外电子数，由原子构成的，在化学反应中分子又可以分为原子，原子得失则铼原子中的质子数为75，说法正确；D.根据元素周期表中的电子会形成离子，因此①表示的是原子；一格可知，汉字下面的数字表示相对原子质量，铼的相对原子(2)元素是具有相同质子数或核电荷数的一类原子的总称，图质量为186.2，相对原子质量单位是“1”，不是“g”,说法错误。2中B、C属于同种元素，因为质子数或核电荷数相同；故选D。(3)A的质子数为17，是氯元素，在化合物中显一1价，B的质5.A6.C7.B子数为12，是镁元素，在化合物中显十2价，则二者组成的化合8.C【解析】A.氟带“气”字头，属于非金属元素，说法错误；B.根物的化学式为MgCl2;据元素周期表中的一格可知，汉字下面的数字表示相对原子质(4)图2中D为某粒子的结构示意图，当x=16时，则该粒子量，该元素的相对原子质量为19.00，说法错误；C.氟带“气”字是带有两个单位负电荷的硫离子，该粒子的符号为$2一。头，属于非金属元素，氟单质在常温常压下为气体，说法正确；考点7微粒的综合题D.根据氟元素周期表中的一格可知，左上角的数字为9，表示原43.B子序数为9；根据原子序数=核电荷数=质子数=核外电子数，44.D【解析】A.化学变化的实质是分子分成原子，原子重新组合则该元素的原子核外电子数为9；核外有2个电子层，第一层上成新分子，在化学变化中，分子可以被创造也可以被消灭，说法正确；B.原子得失电子变成离子后，电子的质量很小，可以有2个电子，最外层上有7个电子，氟原子得到1个电子形成忽略不计，但他们的最外层电子数不同，则质量几乎不变，化F一，说法错误。故选C。学性质差别很大，说法正确；C.同种原子通过不同方式结合成9.D的分子，分子的构成不同，则它们的化学性质不同，说法正确；10.(1)三(2)NaD.同种分子排列方式不同，但分子的构成相同，化学性质相(4)④(5)Mg(OH)同，说法错误。故选D。【解析】(1)硅元素是14号元素，硅原子核外电子排布为2、8、45.(1)C6H12O6H2S02He(2)C6H12O6、SO2(3)不同意氢气由氢分子构成，每个氢分子由两个相同的氢原子构4,有三层电子，元素所在周期数与对应原子核外电子层数相成(4)科学理论的发展需要大胆创新或科学理论是不断传同，所以硅元素在元素周期表中位于第三周期；承和发展的（合理即可）(2)根据元素在周期表位置可知，①是氢元素，②是碳元素，③【解析】(1)葡萄糖是由葡萄糖分子构成的，葡萄糖分子的符号是氧元素，④是氖元素，⑤是钠元素、⑥是镁元素，钠、镁是金属为C6H2O6;氢气是由氢分子构成的，氢分子的符号为H2;二元素，根据活动性顺序钾钙钠镁铝可知，钠元素的金属活动性氧化硫是由二氧化硫分子构成的，二氧化硫分子的符号为较强，符合为Na;S02;氦气是一种稀有气体，是由氦原子构成的，氦原子的符号(3)②是碳元素，是6号元素，则其原子的核外电子排列为2、为He;(2)由题干信息可知：道尔顿认为化合物由“复杂原子”构成4,结构示意图“复杂原子”由不同原子按一定整数比例简单构成，则上表微粒中符合道尔顿“复杂原子”的是C6H12O。、SO2;(4)元素周期表最后一列为0族，对应稀有气体元素，化学性质(3)不同意材料一中加点部分的观点，因为氢气是由氢分子构稳定，所以上表中化学性质最稳定的元素是④；成的，每个氢分子是由两个相同的氢原子构成；(5)元素①、③、⑥分别为H、O、Mg,则可组成的化合物(4)从原子论的创立到分子学说的提出，对科学理论的发展的Mg(OH)2。感想有：科学理论的发展需要大胆创新，科学理论是不断传承11.(1)最外层电子数相同(2)氖(3)原子核外电子层数相同和发展的。考点3微粒结构示意图与元素周期表综合题46.(1)得到(2)Mg0(3)原子的核外电子层数相同12.D【解析】(1)氟元素与氯元素的原子的最外层电子数都是7，在13.D【解析】A.原子中，质子数=核外电子数，则37=2十8十18化学反应中易得到1个电子而形成阴离子；十8十x,x=1;最外层电子数是1，小于4，在化学反应中易失(2)第8号和第12号元素分别是氧元素和镁元素，镁元素显去1个电子而形成阳离子，说法错误；B.根据元素周期表中的十2价，氧元素显一2价，组成化合物的化学式为MgO;一格可知，左上角的数字表示原子序数，该元素的原子序数为(3)周期数=原子核外电子层数，元素周期表中镁元素与氯元37;根据原子中原子序数=核电荷数=质子数，则该原子的核素排在同一周期（横行）的理由是它们原子的核外电子层数内质子数为37；相对原子质量为85.47，不是质子数的两倍则相同。原子核内中子数不等于37，说法错误；C.根据元素周期表申的

确；中国积极参加联合国及其专门机构有利于世界和与13.①上海合作组织宗旨秉持互信、互利、等、协商、尊重多发展的活动，②错误；材料强调的是中国与联合国的关系，样文明、谋求共同发展的“上海精神”，有助于推动建立民而不是中国在世界上的作用，④排除。主、公正、合理的国际政治经济新秩序。②国家间的共同9.D材料不涉及上海合作组织的“上海精神”，①排除。材料利益是国家合作的基础。上海合作组织能担起责任使命，不涉及全球治理体系改革，②排除。加入金砖国家已经成为维护好、实现好各成员国安全和发展利益，符合当今时代了一种国际潮流，主要得益于金砖国家成为新兴市场和发展趋势。③顺应时代发展趋势，维护世界和，反对霸权主中国家加强团结合作、维护共同利益的重要台，③④正确。义和强权政治，建立国际新秩序，推动全球治理朝着更加10.A上海合作组织的发展有利于增进成员国间的政治互信公正合理的方向发展。上海合作组织在推动政治解决国以维护地区和，通过践行多边主义推动构建新型国际关际和地区热点问题上发挥重要作用，能筑牢地区安全屏系，①②正确。亚太经合组织是亚太区域内影响最大的经障。④上海合作组织各方坚持经济全球化正确方向，反对合组织，③排除。我国奉行独立自主的和外交政策，不保护主义、单边制裁，反对逆全球化，努力把互利合作的进行战略结盟，④错误。“蛋糕”做大，让发展成果更多更公惠及各成员国人民。11.D国际关系的内容是多方面的，包括政治、经济、文化、军各方坚持不同文明包容共存，促进各国人民相知相亲，弘事关系等。竟争、合作与冲突是国际关系的基本形式，①扬全人类共同价值。错误。联合国是实践多边主义的最佳场所和有效台，②解析：本题属于分析说明类试题，知识范围是《当代国际政错误。材料表明各国应顺应世界多极化趋势，积极参与全治与经济》的知识。提取材料，链接相关知识，分析回答。球治理，国际社会应立足共同利益，践行共商共建共享理上合组织成员国决心深化本组织执法安全合作→可从上念，③④正确。海合作组织宗旨方面分析。越来越多国家申请加入上海12.B欧盟是当今世界一体化程度最高的区域性组织，②错合作组织，彰显出“上合大家庭”的生机活力→可从影响国误。中国倡议成立的亚洲基础设施投资银行并不是舍利际关系的因素方面分析。上海合作组织成员国元首理事取义，而是倡导义利并重，④错误。亚投行旨在促进亚洲会关于打击引发恐怖主义、分裂主义和极端主义的极端化区域的互联互通建设和经济一体化进程，其成立顺应了各合作的声明→可从时代主题方面分析。数字化转型是全国求增长、促发展的愿望，坚持了共商共建共享理念，公信球性、包容性和可持续增长的驱动力→可从经济全球化方力不断提升，所以有强大的吸引力，①③符合题意。面分析。选择性必修2法律与生活知识点四十二解析：甲的观点体现了非理性维权，应从公民的权利与义务真考的角度指出其观点是错误的。乙的观点是从民法的角度来1.B个人信息与隐私权密切相关，受到法律保护，网民曝光说的，是正确的，评析时，可先指出方某劝阻老人吸烟的行小吴家庭背景的行为侵犯了小吴的隐私权；但如果网民仅为合法正当，是自觉维护公共利益的表现，再结合民法典的对小吴的日常心得发表不同看法，这是公民言论自由的表立法宗旨等指出一审判决的不当之处。丙的观点是从一审现，不构成侵权，①④符合题意，③错误。网民捏造事实攻判决对社会的影响的角度说的，可从一审判决会损害社会击小吴人品，侵犯了小吴的名誉权，而不是肖像权，②错误。公共利益、挫伤公民依法维护公共利益的积极性、阻碍中国2.B学校未经许可将其侧面照片用于招生宣传片，可见，学控烟的进程等角度分析丙观点的正确性。校未经小白许可使用她的侧面照，即使不以营利为目的也真练构成侵犯肖像权，B符合题意；楼上邻居家小学生每晚8点1.D本案中，王某与快递公司都享有民事权利和承担民事义跳绳半小时，没有妥善处理相邻关系，是不正当的，A排除；务，都是这起民事法律关系的主体，快递物品构成本案民事妈妈怀疑她早恋，查看她手机上的聊天记录，侵犯了小白的法律关系的客体，D正确，A、B错误。王某和快递公司都是隐私权，C排除；父母与子女的关系不能用仲裁解决纠纷，这起民事法律关系的权利人和义务人，C错误。D排除。2.C张某的行为违背了诚信原则。王某明知字画是赝品，仍当3.①甲的观点错误，生命权、身体权和健康权是一个人最基础：真品卖给别人，付某卖莱缺斤短两，二者都违背了诚信原则，的权利，但是公民在行使自己权利的同时，也要依法履行自②④符合题意。店长的行为违背了自愿原则，①不符合题意。己的义务，自觉维护公共利益和社会秩序，当自己的合法权赵某的行为违背了守法和公序良俗原则，③不符合题意。益遭到侵害时，应该通过合法手段理性维权。甲认为家属3.B我国民法典规定，自然人享有姓名权，有权依法决定、使应该直接找当事人闹，是不对的。②乙的观点正确，方某在：用、变更或者许可他人使用自己的姓名，但是不得违背公序电梯内劝阻老人吸烟的行为合法正当，是自觉维护公共利：良俗，因此村民能把姓改成“鸭”，①正确，③错误。是否改益的表现，一审判决让方某分担损失，与民法典的立法宗旨姓是村民的自由，材料未涉及姓名权使用应该与时俱进，结相违背，不利于维护公序良俗，不利于弘扬社会主义核心价合时代潮流，②排除。该事件要求相关部门要提升服务，尊值观，因此，方某不应赔偿。③丙的观点正确，一审判决让：重少数民族文化传统和风俗惯，④正确。方某分担损失，让正当行使劝阻吸烟权利的公民承担补偿4.B街拍行为有可能侵犯到他人的肖像权，未经肖像权人同责任，会挫伤公民依法维护公共利益的积极性，也是对社会意，不得制作、使用、公开肖像权人的肖像，①④正确，③错公共利益的损害，一定程度上会阻碍中国控烟的进程。误。②并非从法律角度描述，且与材料主旨不符，排除。194

在发挥作用。所以布雷顿森林体系瓦解后，浮动汇率的实却是粮食，说明苏联片面发展重工业的政策给其国内带来行并没有引发经济萧条等严重后果。第二小问，可从美国严重的经济结构失衡风险，A项正确；材料中没有体现美的国家利益、当时的国际背景等角度思考。国经济霸权地位逐渐衰退，排除B项；材料中没有体现西真练方国家部分行业产能过剩，排除C项；美苏之间对抗逐渐1.D据材料可知，周代市场管理制度相对完善，D项正确；工趋向缓和与材料主旨不符，排除D项。商食官政策在西周时比较盛行，排除A项；材料说的是政府：11.D随着经济全球化的加速发展，全球竞争加剧，发展中国对市场的管理，B项材料未体现，排除；材料中没有不同时家处于弱势地位，非洲、拉美等国家在国际贸易中所占份期城市功能的比较，排除C项。额呈减少的趋势，反映了全球化带来的挑战与机遇并存，2.C根据材料并结合所学知识可知，隋唐时期，高昌地区流D项正确；1995年西欧等资本主义工业国贸易份额减少，通着拜占庭和萨珊波斯的货币，反映出这一时期东西方之是因为20世纪70年代资本主义工业国出现经济“滞胀”间商贸往来兴盛，C项正确；由材料可知，高昌长时间用金现象，而混合市场经济有利于经济发展，排除A项；1940银币，但不能得出金银成为隋唐时期的主要货币，排除A年日本开始实行统制经济，1964年推行资本自由化，外资项；材料强调的是高昌地区流通着拜占庭和萨珊波斯的货进入日本，排除B项；从20世纪60年代开始，亚洲的韩币，不涉及异域先进文化，排除B项；白银货币化是在明朝国、新加坡等推行出口导向型战略，重点发展劳动密集型之后，排除D项。的加工产业，在短时间内实现了经济的腾飞，中国并非最3.B据材料可知，明朝实行海禁的目的是防止中国的金银、早，排除C项。铜钱、段匹、兵器等流往海外，B项正确；延续前代传统是明：12.A据材料可知，金砖国家合作机制成为促进世界经济增初海禁实行的背景之一，并非海禁的目的，排除A项；限制长、完善全球治理、推动国际关系民主化的建设性力量，中外交往和禁止人民私自出海贸易是防止中国物品流往海A项正确；国际政治经济新秩序尚未形成，排除B项；两极外的方式，并非海禁的目的，排除C、D两项。格局瓦解于金砖国家合作机制成立之前，排除C项；材料4.A根据材料可知，纸草文献为一则广告，内容是寻找一个主旨是金砖国家合作机制提升了新兴市场国家和发展中名叫西姆的奴隶，写明将奴隶带回的奖赏，体现了商业契约国家的代表性和发言权，D项不是材料主旨，排除。精神，A项正确；纸草文献写明将奴隶带回的奖赏是一个金考点10币，但仅凭此不能说明黄金流通范围旷，排除B项；材料所真考述发生在古代埃及，不能体现古希腊、罗马帝国的情况，排1，A根据“1865年，上海大英自来火房制成煤气灯”并结合除C、D两项。所学知识可知，“煤气灯”在上海的使用与上海是通商口岸5.B据材料并结合所学可以得出，当时欧洲出现了特权贸易密切相关，①正确；根据“于是各戏馆及酒楼、茶肆俱可接公司、证券交易所等新的商业经营方式，传统商业模式得以：点…人行其间，真如入不夜城也”可知，“煤气灯”在上海创新，B项正确；新的经营方式属于商业革命的内容，材料的使用，为居民创造了新的城市夜生活方式，③正确，故选不涉及价格革命，排除A项；17世纪正是荷兰鼎盛时期，排A项。④错在“开启了”，排除B、D两项。材料未体现上海除C项；工业资产阶级力量壮大是在工业革命后，排除：对外贸易情况，②错误，排除C项。D项。:2.B据材料可知，“各地商人争相到上海采购”，涉及北京、东6.D材料提到经元善在上海机器织布局招商时，一改以前靠北、四川、西北、西南等地，反映了上海作为通商口岸在经济亲朋好友相互联系推荐入股的方式，而是登报公示，广泛召上辐射范围较广，故选B项；材料没有涉及上海及其他地区集社会有意愿的人士入股，这反映出企业募集资金的方式的整体经济发展水，不能得知区域经济水存在差别，排呈现近代化特征，D项正确；材料没有体现民用工业创办的除A项；“各地商人争相到上海采购”说明列强在上海倾销目标是“求富”，排除A项；材料没有涉及洋务企业之间的竞的是商品，属于商品输出的范畴，排除C项；材料体现了鸦争，排除B项；材料未涉及抵制洋货运动，排除C项。片战争后上海贸易上的辐射效应，没有涉及传统商路的情7.D根据图表可知，从1870年至1913年，英国在世界贸易况，排除D项。中所占比重大幅下降，美国在世界贸易中的地位则有所提3.B据材料可知船型屋的建造反映了当时黎族先民经济比高，再加上德国在世界贸易中的重要地位，从而形成了世界：较落后，筑房材料大多就地取材，人们对自然界的改造能力贸易多中心的新格局，D项正确，排除A项；19世纪末20世有限，故选B项；人们的审美观念也取决于当时的社会生产纪初，资本主义世界经济体系最终形成，排除B项；此时期力水和经济发展水，排除A项；材料并未说明当时人们内德国经济发展迅速，排除C项。的具体劳作方式和房屋建造过程，无法体现集体劳作的形8.B根据材料可知，面对严重的经济危机，美国人希望政府式，排除C项；传统文化俗的形成往往深受当地生产力水像独裁者一样利用手中的权力，通过加强对经济全面干预和自然环境的限制，排除D项。来摆脱危机，B项正确；美国通过实施罗斯福新政缓解经济：4.示例危机对美国的冲击，而不是发动战争转嫁危机，排除A项；天津：近代北方经济重镇。1787年宪法早已强化了中央政府的权力，自由资本主义是围绕该主题举出具体史实：①天津是洋务运动在北方的中在第一次工业革命时期，排除C、D两项。心。19世纪60年代开始，洋务派在天津创办天津机器制造9.C根据材料可知，《关税与贸易总协定》使各国的关税税率局等一系列军事工业和民用企业。②天津是近代重要商埠有着明显的下降，这显然有利于降低贸易壁垒，推动国际贸之一。1860年，天津开埠通商，逐渐发展成为北方重要商易的发展，C项正确；国际贸易的发展有利于财政收入的增埠。创办近代银行，发行股票等。③天津是中国民族资本加，排除A项；材料与拉大各国之间的贫富差距无关，排除B主义企业兴起之地。20世纪初开办的天津永利碱厂是中国项；发达国家的商品输出也是国际贸易发展的表现之一，排：最早的制碱厂，自主创新“侯氏制碱法”。除D项。最后，论从史出，进行完整清楚的说明：由上述史实可见，天10.A根据材料可知，1966一1970年，苏联从西方主要进口津得近代风气之先，成为近代中国北方的经济重镇。这种机械与设备等工业品，而到1975年和1976年，大量进口的开拓进取的精神传承至今。188

解得E=BAS△t力为F。=BL,导体棒b刚冥滑动时所受静摩擦力F,达代入数据得E=0.12V。到最大值，此时F安=F:=mg,联立以上各式解得(2)均电流I=尺Ev,=3m/s,导体棒a离开导轨到落地做抛运动，有h=代入数据得I=0.2A28t,x=0,t,解得x=1.2m,A错误；磁场方向竖直向根据楞次定律知，感应电流的方向为顺时下，导体棒α离开导轨后在水方向做匀速直线运动，又针，如图所示。E=BLv。,可知导体棒a抛过程中感应电动势不变，B正(3)电荷量q=I△t确；导体棒α在导轨上运动过程中，感应电动势均值为代入数据得q=0.1C。E-4中E微专题78,回路中均感应电流7一及，通过导体棒a的电真考1.AC弹簧伸展的过程中，穿过闭合回路的磁通量向上增加，我量=1，联主三支解骨g一0-最-1.16C号由楞次定律可判断回路中的电流方向为顺时针，A正确；设体棒b与定值电阻R并联，所以通过电阻R的电荷量q'=MN的质量为m,则PQ的质量为2m,对PQ由动量定理号-0.58C,D正确。得Ft一BI·2dt=2mv,对MN由动量定理得Ft一2BI·:5.(1)0.54CM(2)0.16C(3)0.14mdt=mw',解得导体棒MN的速度为v'=2v,PQ速率为v时，回路中的感应电动势大小为E=2Bd·2w十B·2du=解析：(1)由右手定则可知，M板带正电。6Bdo,回路中的感应电流大小为I上发-R,则MN所BQ-CU-CE=0.54C.受的安指力大小为Fn=2BIH=4B4产，B错误；由B选(2)B2l,AQ=mv,mv=(m+m)v22·2mu,2=2mgh1R项分析可知MN与PQ在任一时刻的速率之比为2：1，则2m运动过程中，MN与PQ的均速率之比为2：1，由x=t△Q=B2l2gh=0.16C.可知，MN与PQ的路程之比为2：1，C正确；由C选项分(3)设导体框在磁场中减速滑行的总路程为△x折可归丙导依棒营上时，MN的包移大小为号.PQ的位修B2L1△x2R=2mw2,由法拉第电磁感应定律得E=△大小为二，△x=0.128m>0.08m,匀速运动距离为l3-l2=0.012m△Φ过MN的电荷量为g=I·A,整理得g-迟，代入数据解x=△x+l3-l2=0.14m。真练L2Bd·3+B·2d32B1.BC线框相对磁场向左运动，根据右手定则可知题图示时得q一刻线框中感应电流沿顺时针方向，A错误；根据左手定则，3R3R,D错误。列车受到向右的安培力，因此列车运动的方向与磁场移动2.D线框进磁场的过程中由楞次定律知电流方向为逆时针方的方向相同，B正确；由于前后两个边产生的感应电动势顺向，A错误；线框出磁场的过程中，E=BLU,I尽有F次相加，根据法拉第电磁感应定律E=2NBL△v=2NBL(v一v),C正确；列车速度为v'时线框受到的安培力B”=a,由于线框出磁场过程中由左手定则可知BIL=大小为F=2NB1L=4NBL2(O-),D错误。R线框受到的安培力向左，则)减小，线框做加速度减小的减速运动，B错误；由功能关系得线框产生的焦耳热Q=FL,2,BC由题图乙可知，螺线管内磁感应强度变化率A其中线框进出磁场时均做减速运动，故其进磁场时任意时.25T/s,由法拉第电磁感应定律，螺线管产生的感应电动刻的速度都大于其出磁场时的速度，所以线框进磁场时受到的安培力也一直都大，产生的焦耳热多，C错误；线框在E=n△B5=2000X0.25×0.005V=2.5V,选项B日进和出的两过程中通过导线横截面的电荷量q=t,其中确；由楞次定律可判断出电流方向为逆时针，闭合S,电路中1-震，E-BL子，联立有g=贸，由于线瓶在进和日的BL的电流稳定后，电容器下极板带正电，选项A错误；由闭合E两过程中线框的位移均为L,则线框在进和出的两过程中电路欧姆定律可得R,中电流I一，十R,+R。通过导线横截面的电荷量相等，D正确。2.53.D由题意知，开关S闭合时，由于L的电阻很小，Q灯正常1.0+4.0+5.0A=0.25A,电阻R,的电功率P,=IR,发光，P灯微亮，断开开关前通过Q灯的电流远大于通过P0.252×4.0W=0.25W,选项C正确；电容器C两端电压灯的电流，断开开关时，Q所在电路断开，立即熄灭，由于自Uc=IR2=0.25×5.0V=1.25V,电容器C带电荷量Q=感，L中产生感应电动势，与P组成闭合回路，故P灯闪亮CU=40×106×1.25C=5×105C,则断开S后，电容器后再熄灭，故选D。放电，将有5X105C的电荷流经R2,选项D错误。4.BD导体棒Q向右运动时，由楞次定律可知，导体棒b有向3.BC当MN刚扫过导体杆时，可将磁场视为不动，导体杆向左运动的趋势，C错误；设导体棒a运动到最右端时的速度左运动，则根据右手定则可知流经R的电流由b流向a,A错为v0,此时棒a切割磁感线产生的感应电动势E=BLv。,回误；当MN刚扫过导体杆时，有E,=BL℃。，则回路的电流多中的感应电流RR,十R,此时棒6所受安龙1一系旺，期MN附扫进是体杆时，电阻发的包功年223

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