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子反应，D项错误。11.答案A命题透析本题以含氯物质为素材，考查氧化性与还原性的比较、得失电子数目的计算等，意在考查分析应用能力，证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨将Cl2通入足量的NaOH溶液中，只有氯元素的化合价发生变化，当溶液中Cl-、CI0-和ClO3的个数比是6：1：1，可计算出得失电子数目是相等的，A项错误；KCI0,+6HC1一KCl+3Cl2↑+3H,0中，KCO,中氯元素的化合价由+5价下降到0价，HC1中氯元素的化合价由-1价上升到0价，故该反应中每生成3个CL2转移5个电子，B项正确；2C102+H,02一2C102+02+2H+中H202是还原剂，C102是还原产物，还原剂的还原性大于还原产物的，C项正确；氯气将铁氧化成+3价，而S只能将铁氧化成+2价，CL2的氧化性大于S的，D项正确。12.答案A命题透析本题以化学基础知识为素材，考查对化学基本概念的理解，意在考查归纳理解能力，宏观辨识与微观探析的核心素养。思路点拨CL2中氯元素为中间价态，如与水或碱反应时，既是氧化剂又是还原剂，①错误；氧化钙固体、纯醋酸虽然不导电，但在熔融状态下或水溶液中能导电，所以都是电解质，②错误；碱性氧化物一定是金属氧化物，但酸性氧化物不一定是非金属氧化物，③正确；溶液与胶体的本质区别是分散质粒子的直径，④错误；有些金属阳离子，如Fé2+为中间价态，既有氧化性，又有还原性，⑤错误。13.答案C命题透析本题以离子共存为素材，考查离子共存，意在考查识别判断能力，科学探究与创新意识的核心素养。思路点拨若加入盐酸后有气体产生，说明原溶液中一定含有CO?,则一定不含H+、Mg2+,A项正确：若加入B(OH)2后有沉淀生成，沉淀可能是碳酸钡，也可能是氢氧化镁，B项正确；若加入AgNO,溶液后有白色沉淀生成，沉淀可能是AgCl,也可能是AgC03,C项错误；若加入苏打后无现象，只能说明不含有H+、Mg2+,但可能含有Na、Cl、NO3、CO,D项正确14.答案B命题透析本题以化学反应为素材，考查化学反应原理，意在考查分析应用能力，变化观念与衡思想的核心素养。思路点拨向饱和碳酸氢钠溶液中逐滴加稀盐酸，立即有C0,气体产生，A项正确；过氧化钠与水反应，饱和溶液中有晶体析出，恢复至原温度后仍是饱和溶液，故溶液中OH的浓度不变，B项错误；新制氯水中有氯气，加入NOH后消耗氯水中的CL2,溶液的颜色会变浅甚至变为无色，C项正确；久置的氯水就是稀盐酸，向其中加入石蕊溶液，溶液只变红，D项正确。15.答案D命题透析本题以电导率为素材，考查酸碱反应时离子浓度的变化，意在考查实验探究能力，科学探究与创新意识的核心素养。—3

成都七中2022~2023学年度高二（上)期期中考试理科化学总分：100分一单选题（前10题2分，后10题3分)》1.我国提出争取在2030年前实现碳达峰，2060年实现碳中和，这对于改善环境，实现绿色发展至关重要。下列有利于实现“碳达峰、碳中和的是()A.风能发电B,大规模开采可燃冰C.燃煤脱硫D.石油裂化2.关丁有效碰撞理论，下列说法正确的是()A.分了间所发生的碰撞均为有效碰撞B,活化分子具有的能量就是活化能C增大压强，活化分子数一定增加，化学反应速举一定加快D.升高温度可以加快化学反应速率，原因之一是提高了活化分子百分数3.下列事实中，不能用勒夏特列原理来解释的是()人.向新制氯水巾加入小苏打固体后漂白性明显增强B氢气.碘蒸气、碘化氢气体组成的衡休系，压缩体积后气休颜色变深C合成氨时将氨液化分离，可提高原料的利用率。D可乐等碳酸饮料突然打开后泛起大量泡沫4.下列指定溶液中离子一定能大量共存的是(A.在强酸性溶液中·CrO42-、Na+、KB.在Fe2(SO4)3溶液巾：H2O2、NO3、Na+C.在稀疏酸浴液中：K+、Mn04、S2O32-D在强碱性溶液中：Na+、C2O42-、【5.下列有关说法不正确的)A某吸热反应能自发进行，则该反应是熵增的反应B.2NO(g)+2CO(g)=N2(g)+2CO2(g)在常温下能白发进行，则该反应的△H>0C.Na与H2O的反应是熵增的放热反应，则该反应能自发进行D.C3H6(丙烯8)+NH®)+202g)=C31H起N(丙烯脑，g)+3o®△H=-515kJ广o,则该反应在热力学上.趋势很大6.少量铁片与100mL0.01mol·L-1的稀H2S04反应，反应速率较慢。为加快此反应速率而不改变H的产量，可以使用则下方法中的(}①加H2O②加KNO3溶液③滴入几滴1mol·L-1的稀H2S04④加入少量铁粉⑤加Na2SO4溶液⑥加入少量的CH3 COONal固体⑦适当升高温度；⑧改用10mL0.1mol·L-1的稀H2S04

12.“酸性一氧化还原性”双循环佳和安优V-O-H-NH;H2ONH;-V-O-NH;-H-O-VV-O-HNOHO←N2←V-0-NH]-N-O-H-0-VV-0-NH:-N=0H-OV下列说法错误的是A.V一O一H是脱硝反应的催化剂B.脱硝过程中需不断补充NH3和O。C.脱硝反应过程中V的化合价保持不变D.脱硝反应的生成物能参与大气循环13.下列实验操作、现象和结论均正确的是选项实验操作现象结论取5mL0.1mol·L1KI溶液，滴加KI与FeCl的反5~6滴0.1mol·L1FeCl3溶液，充溶液变红分反应后，再滴加少量的KSCN溶液应是可逆反应B将铝箔插入稀硝酸中无明显现象铝箔表面形成了致密的氧化膜向足量H2O2溶液中滴人少量酸性高锰酸钾溶液溶液紫色褪去H2O2具有漂白性向淀粉溶液中加入少量稀硫酸，加一份滴加碘水，溶液不变蓝；另一份D热，充分反应后，向溶液中加NaOH加入新制的Cu(OH)2悬浊液，加热淀粉完全水解溶液至呈碱性，再将溶液分成两份至沸腾，生成砖红色沉淀14.常温下，将NaOH溶液滴加到某二元弱酸H,A溶液中，混合溶液的pH与离子浓度变化的关系如图所示。下列说法错误的是备6ML06 PHA.Ka1(H2A)=102唐线表示出与女的变化关东C.M点时溶液中存在c(HA)=c(HA)D.NaHA溶液中存在c(Na)>c(HA)>c(A)>c(HA)化学（四）第4页（共8页）名师卷©

ⅲ.K!溶液和淀粉溶液，溶液变蓝（2分)17.（10分，除标注外每空1分)c(CO)·c(H2)(1)）c(H,O)(2)ⅰ.增大水蒸气浓度、升高温度等（2分)iⅱ.未达到计算得出Q=1/4,Q≠K,未达到衡（2分)50%(3)①强22HI(g)=H2(g)+l2(g)△H=+52 kJ.mol-1（2分)18.（14分，除标注外每空1分)1,（1)负极(2)Mn2+-e=Mn3+（2分)(3)2H++2e=H2↑（2分)(4)P变大(5)变小在电解过程中生成1 mol Fe3+,消耗15 mol Mn3+,生成16molH+;Mn3+由阳极反应Mn2+-e=Mn3+生成，根据得失电子守恒，阳极生成15 mol Mni3+,消耗15molH；因此总体来看，电解过程中H+浓度增大，pH变小。(2分)川.（1)a→b(2)CH3COO--8e-+4H2O=2H2CO3+7H+（(2分)(3)250（n-m)19.（13分，除标注外每空2分)(1)化学衡状态(1分)（2)溶液稀释对颜色变化（1分)(3)加入Ag+发生反应：Ag++I=Agl↓，CI)降低；或增大c(Fe2+),衡均逆向移动(4)①正（1分)②左管产生黄色沉淀，指针向左偏转(5)①Fe2+随浓度增大，还原性增强，使Fe2+还原性强于|2向右管中加入1molL-1FeS04溶液(6)该反应为可逆氧化还原反应，在衡时，通过改变物质的浓度，可以改变物质的氧化、还原能力，并影响衡移动方向高二化学(A卷)第11页共9页

四Bl会点八5T1419:38化学1.pdf☑22.(13分)废旧磷酸铁锂电池回收对于减少环境污染与缓解锂资源压力有着重要的意义。磷酸铁锂电池(LiFePO,)正极废料中主要含有Li,Fe,P,C等元素，从正极废料中选择性提锂制备电池级碳酸锂，工艺流程如下所示：碳黑等滤渣正极废料S0H0,L.浸取滤液1：FePO,*2HO含Fe、Li、P①HO2②NaOH等元素1.pH至1.52.0地液2@n10-1②Na,0,Ⅲ沉锂(I)LiFePO,中Fe的化合价为(2)过程Ⅱ中加人H2O2的目的是(3)过程Ⅲ“沉锂”的离子方程式为(4)回收过程中，首先结晶的FP(O,·2HzO晶粒较小，会夹带大量的锂元素，导致锂回收率较低，原因可能是(5)过程I中，用过氧化氢作为浸出的氧化剂，浸出液与正极废料固体比例关系（液固比)对锂浸出率有一定影响。在pH为2.5时，研究液固比对锂选择性浸出效果的影响，如下表1所示。表1.不同液固比条件下锂的选择性浸出液固比357.510锂浸出率97.9%98.3%98.1%98.4%浸出液中锂离子浓度12.4g/L7.8g/15.5g/L3.8g/L铁浸出率0.02%以下浸出过程中，最优液固比为3一5，理由是(6)沉淀得到的碳酸锂中一般含有未被彻底洗涤的Na*、Si,SO?及其他微量杂质，要得到电池级别的碳酸锂还需要通过碳化法精制。已知碳酸氢锂溶液加热分解可以得到高纯的碳酸锂，精制的基本思路与反应方程式如下：第一步：利用粗制的碳酸锂和CO2反应，生成可溶的LiHCO,将Si等不溶的杂质通过过滤去除；反应的方程式：Li2CO,(s)+CO2(g)+H,O(I)-2 LiHCO,(aq)第二步：;(写出具体的操作步骤和目的)反应的方程式：23.(12分)硫化氢的转化是资源利用和环境保护的重要研究课题。电化学溶解一沉淀法是一种回收利用HS的方法。回答下列问题高三化学第6页（共8页）(2022.10)7/8(1)申化学溶解一沉淀法的T少原理如图所示.反应器中的后应为目录A■●

该无色溶液中阳C铂丝蘸取某无色溶液后在火焰上灼烧火焰呈黄色离子只含Na产生有刺激性气该无色溶液中一D向某无色溶液中滴入盐酸味的气体和淡黄定含有S,0色沉淀8.正交硫（也称菱形硫、斜方硫）与单斜硫是硫元素的两种常见单质，均由S。分子（结构如图<95.6℃所示)组成，两者结构中$分子的排列方式不同，相互之间可以转化：单斜硫>95.69℃正交硫。下列有关说法错误的是A.正交硫与单斜硫互为同素异形体B.S。分子中每个“S”均满足8电子结构S分子结构C.正交硫转化为单斜硫，发生了化学变化D.正交硫与单斜硫均完全燃烧生成S02时，单斜硫放出的能量多9.下列物质按给定的投料方式，两者均能恰好完全反应的是A.把N2、H2按物质的量之比为1：3充入容器中，在一定条件下充分反应B.向NaHS0r溶液中滴入Ba(OH)2溶液使SO?恰好沉淀完全C.常温下，将2 mol Fe投入到含7mol硝酸的稀硝酸中充分反应D.常温下，将1mol铝投入到含.5mol硫酸的浓硫酸中充分反应10.在T℃时，向一个3L的密闭容器中通人4o1H、amol02,发生反应：4NH3(g)+502(g)一4N0(g)+6H20(g)。此时NH的衡转化率为60%下列说法错误的是A.当混合气体的均摩尔质量不变时，反应达到衡B.当v正(N0):v(H20)=4:6时，反应达到衡C.反应过程中分离出H20(g),正反应速率增大D.衡时，若02的转化率为60%，则a=511.砷化氢可用于半导体工业、有机合成等，其不能由砷与氢气直接化合制备，其常用制备方法如下：I.Na As +3H2O=AsH3+3NaOHⅡ.As203+6Zn+6H2S04=2AsH3↑+6ZnS04+3H20下列说法错误的是A.反应I为非氧化还原反应B.AsH,的稳定性差，受热易分解C.AsH3具有还原性D.反应Ⅱ中生成1 mol AsH3,转移12mol电子普高联考2022-2023学年高三测评（一）化学第3页（共·

第十一单元物质结构元素周期律1.D【解题分析】它们均属于由C构成的不同单质，互为同素异形体。2.A【解题分析】N2中2个N原子通过氮氮三键结合，键能较大，而O2中2个O原子之间键能较小，所以氨气的化学性质比氧气稳定，能用键能解释，A项符合题意；溴单质和碘单质都属于分子晶体，分子之间通过分子间作用力结合，分子间作用力越大，分子晶体的熔点越高，常温常压下，溴呈液态，碘呈固态，是因为单质碘的分子间作用力大，与键能无关，B项不符合题意；稀有气体为单原子分子，没有化学键，很难发生化学反应，C项不符合题意；水和硫化氢都属于分子晶体，分子之间通过分子间作用力结合，分子间作用力越大，分子晶体的熔点越高，水分子间存在氢键，导致水的沸点比硫化氢的沸点高，与键能无关，D项不符合题意。3.C【解题分析】H2SO4属于共价化合物，分子中只存在共价键，没有离子键，A项错误；Ca(OH)2中含有离子键和极性共价键，B项错误；Na2O2中既存在钠离子和过氧根离子间的离子键，又存在过氧根离子中两个氧原子间的非极性共价键，C项正确；BCl2中只存在Ba2+和CI间的离子键，D项错误4.B【解题分析】分子中核外电子数等于核内质子数，所以一种单质和一种化合物分子可能电子数和质子数都相同，如一氧化碳分子和氮气分子中电子数和质子数都相同，A项不符合题意；阳离子中核内质子数>核外电子数，阴离子中核内质子数<核外电子数，所以一种阳离子和一种阴离子质子数相同时，电子数就不同，B项符合题意；两种不同的阳离子可以质子数相等，电子数也相等，如Na和H,C项不符合题意；两种不同的阴离子可以质子数相等，电子数也相等，如F-和OH,D项不符合题意。5.C【解题分析】Am原子中的中子数为148，质量数为243。6.B【解题分析】钴元素处于过渡元素区域，是Ⅷ族元素。7.A【解题分析】1Po表示含有126个中子的Po原子，是Po元素的一种核素，A项正确；Po电子层数大于S,原子半径：Po>S,B项错误；Po位于元素周期表的第六周期，C项错误；PoO2中Po元素的化合价为十4，化合价既能升高又能降低，所以PoO2既有氧化性又有还原性，D项错误。8.D【解题分析】H与O之间以共价键结合，同时H2O2中存在过氧键，所以H2O2的电子式为H:O:O:H,A项正确；N2CO3属于强电解质，在溶液中完全电离出钠离子和碳酸根离·37【23·G3DY(新高考)·化学·参考答案一R一必考一TJ】

14.C【解析】本题主要考查细胞的衰老、细胞的全考查学生的获取信息的能力和综合运用能力。能性等，考查学生的获取信息的能力。虽然年大麦(2m=14)是自花传粉、闭花受粉的二倍体轻小鼠CO儿17A1基因的表达水较高，但也有农作物，无性染色体，所以基因组测序时，需要衰老的皮肤细胞，A项错误；同一个体的所有细测定7条染色体上的DNA,A项正确；该三体胞基因都相同，根据题干信息“随着年龄的增植株在减数分裂工后期染色体工和染色体Ⅱ分长，胶原蛋白COL17A1基因表达水较低的干离，染色体Ⅲ因结构特殊随机移向一极，所以可细胞增多”可知，COL17A1基因的表达水的产生的卵细胞的基因型为mr和MmRr,B项错高低（而不是基因含量的高低）可以作为判断皮误；由于育性基因和粒形基因位于1对同源染肤是否衰老的依据，B项错误；基因表达的过程色体上，其遗传不遵循自由组合定律，C项正中需要多种酶参与，老年小鼠COL17A1基因的确：该三体植株减数分裂产生的雌配子的基因表达水较低，与许多酶活性下降有关，C项正型和比例为mr：MmRr=1：1,雄配子的基因确：发育的全能性即可以分化发育为一个个体，型和比例为mr:MmRr=1：1,由于含染色体皮肤干细胞能分化为表皮细胞，不能说明皮肤Ⅲ的花粉无受粉能力，所以只有mr型的雄配子干细胞具有发育的全能性，D项错误。可参与受精，故子代的基因型为mmrr和15.C【解析】本题主要考查微生物的培养技术及MmmRrr,其中长粒种子mmrr由于雄性不育，应用等，考查学生的实验与探究能力。微生物故种植后杂交时无须去雄，即方便用来杂交育的纯培养，可选择牛肉膏蛋白胨培养基，A项正种，D项正确。确；干热灭菌法适用于玻璃器皿、金属工具，B18.B【解析】本题主要考查免疫调节中的特异性项正确；A、B、C和D四种抗生素均可抑制SAU免疫，考查学生的理解能力。浆细胞没有识别的增殖，所形成的透明圈越大，说明抑制效果越抗原的能力，A项错误；抗体是浆细胞产生的分强，因此抑菌效果最佳的是抗生素A,C项错泌蛋白，所以其特异性的产生与内质网和高尔误；滤纸片b周围透明圈中出现一菌落，说明抗基体的加工修饰有关，B项正确；病原体再次侵生素不能抑制该菌落的生命活动，可能是该菌入机体后，引发二次免疫，它可直接刺激记忆细落发生了基因突变，D项正确。胞增殖分化形成浆细胞，同时也可直接刺激B16.A【解析】本题主要考查物质跨膜运输的方式，淋巴细胞增殖分化形成浆细胞，C项错误；巨噬考查学生的获取信息的能力和理解能力。秋水细胞吞噬病原体属于非特异性免疫，D项错误。仙素能够顺浓度梯度进入小鼠的正常细胞，只：19.D【解析】本题主要考查生态位的意义，考查学能说明秋水仙素进入细胞属于被动运输，其运生的理解能力。根据题意可知，不同生物的生出癌细胞的方式为主动运输，A项错误；MDR态位不同，可以充分利用资源和空间，每种生物可单向将秋水仙素转运到细胞外，秋水仙素进占据相对稳定的生态位有利于充分利用环境资入正常细胞后，可导致细胞内秋水仙素含量升源，A项正确；“四大家鱼”的混合放养充分利用高，而癌细胞内秋水仙素含量不会升高，由此可了不同鱼类种群的生态位不同，可以充分利用推测，正常细胞的MDR含量应少于癌细胞膜上环境资源，B项正确；不同物种的生态位重叠越的，B项正确；秋水仙素由小鼠癌细胞内运至细多，说明利用的资源与占据的空间越相似，所以胞外是逆浓度梯度运输，属于主动运输，所以种间竞争越激烈，C项正确；相似生态位的外来MDR转运秋水仙素需要消耗ATP水解释放的物种入侵，在与土著物种的竞争中不一定会占能量，C项正确：注射秋水仙素后，正常细胞内优势，所以不一定会导致土著物种的存在区域秋水仙素的含量会升高，而癌细胞内秋水仙素减少甚至消失，D项错误。的含量不会升高，所以正常细胞所受的毒害比：20.D【解析】本题主要考查基因工程中基因表达癌细胞所受的毒害大，D项正确。载体的构建、目的基因的检测与鉴定等，考查学17.B【解析】本题主要考查自由组合定律的实质，生的理解能力。为避免酶切后质粒的自身环23·JBTX1·新教材老高考·生物·22·

全国@∞所名校高考模拟金典卷既不带A抗原也不带B抗原，其血型为O型，D项错误。13.答案D解题分析实验一和实验二的自变量是注射CO和LPS的顺序以及小鼠的种类，A项正确；由实验一可知，注射药物CO后，突变体小鼠PVN被抑制，但此时未感染的突变小鼠和正常小鼠的体温变化均没有明显影响，B项正确；注射药物CN)后，突变体小鼠PVN被抑制，正常小鼠PVN不受影响，说明突变小鼠的下丘脑室旁核内分泌细胞功能受到影响，在此前提下，小鼠感染后，突变体小鼠的体温不能正常调节，而对正常小鼠无影响，据此可推测，PVN在LPS引起的体温变化过程中具有维持体温的作用，C项正确；实验二中两种鼠的体温都有升高是神经一体液一免疫调节的结果，D项错误。14.答案ABD解题分析酪氨酸酶基因A可突变为基因a1、a2、a3,这体现了基因突变的不定向性，A项正确；a1、a2、a3三种突变基因都是由基因A突变而来的，三者之间互为等位基因，B项正确；a2基因是A基因发生了碱基对的替换，突变前的编码链是CGA,则模板链是GCT,对应的密码子是CGA,突变后的编码链是TGA,模板链是ACT,对应的密码子是UGA,因此发生碱基对替换后，终止密码子提前了，则与A基因的表达产物相比，不只有一个氨基酸的差异，C项错误；基因在A基因中的G和A中间插入三个连续的碱基，插入后的编码链对应的碱基序列为GGGGAG,模板链为CCCCTC,密码子为GGGGAG,因此与A基因的表达产物相比，增加的是甘氨酸，其他氨基酸不变，D项正确。15.答案ABD解题分析据表可知，基因型为chch的个体为灰毛兔，基因型为cch、chc的个体都为浅灰毛兔，即基因ch、c、c之间是不完全显隐性关系，故C、ch、ch、c之间不具有一定次序的完全显隐性关系，A项错误；不同基因型的浅灰毛兔相互交配，即cch ch Xcch c→chch(灰毛兔)：chc(浅灰毛兔)：c出c(浅灰毛兔)：cc(爪等体端黑色的白毛兔)=1：1：1：1，因此后代的表现型及比例为灰毛兔：浅灰毛兔：爪等体端黑色的白毛兔=1：2：1，B项错误；若想确定某只雄兔的基因型，可采用测交的方式，即可让其与多只雌性白毛兔（基因型为c℃）交配，看后代表现型即可判断，C项正确；Ccch Xcch chCcch(野生型棕毛兔)：Cch(野生型棕毛兔)：chch(灰毛兔)：cc(浅灰毛兔)=1：1：1：1，后代共出现3种表现型，但根据B项可知，当亲本的基因型组合为cch ch Xcch c时，后代也可出现3种表现型，D项错误。16.答案BCD解题分析戴胜独处时觅食时间所占比例较小，而和斑鸫鹛种群共处时，其觅食时间大大增加，但觅食效率降低，不能说明其食物量一定增多，A项错误；戴胜和斑鸫鹛共处时，在树上觅食时间减少，可能是斑鸫鹛与其竞争树上食物有关，B项正确；戴胜独处时觅食效率较高，而和斑鸫鹛种群共处时其觅食效率大大降低，说明戴胜的觅食效率与是否独处存在一定关联，C项正确；戴胜独处时在树上觅食时间比例很大，几乎为100%，而和斑鸫鹛种群共处时其在树上觅食时间比例为80%，这表明戴胜的主要食物来源是在树上，D项正确。17.答案ABD解题分析痛觉的产生位于大脑皮层，不位于感觉神经元，A项错误；TRPV1受体是位于疼痛感神经末梢的一种非选择性阳离子通道，据此可推测TRPV1受体不只容许与自身结合部位相适应的阳离子通过，B项错误；由图乙可知，辣椒素可以打开QX-314进入细胞的蛋白质通道，QX-314进入细胞后阻止N+内流，从而抑制兴奋产生，使痛觉阻滞，C项正确；吃辣椒后，人体毛细血管舒张、汗腺分泌量增加，这是神经调节的结果，相关的神经中枢位于下丘脑，D项错误。参考答案（一~三）第3页（答案共12页）【23新高考·JD·生物学一HFB

碧慧上进·高考总复·单元滚动创新卷·生物第八单元孟德尔豌豆杂交实验（一）(供一轮总复用90分钟100分)第I卷（选择题共50分)选择题（本题共25小题，每小题2分，共50分。在每小题列出进行相关实验，实验一：甲、乙单独种植，甲的后代均为甜玉米，乙中1/2的后代出现性状分离；实验二：等量的甲、乙间行种植。下的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)列有关叙述正确的是1如图为孟德尔豌豆杂交实验的几个操作步骤，下列相关叙述错误A.实验一中的甲和乙中都有纯合子的是B.实验一中乙的自交后代中有一半是纯合子C.实验二中甲的后代中全部是甜玉米nD.实验二中甲和乙间行种植时只发生杂交而没有自交7.水稻的非糯性花粉中所含的淀粉为直链淀粉，遇碘变蓝黑色；糯性花粉中所含的是支链淀粉，遇碘变橙红色。现用纯合的非糯性水稻和纯合的糯性水稻杂交，取F,花粉加碘液染色。下列有关叙述正确的是A.在进行实验时，应对母本去雄、父本去雌A.正确的操作顺序是甲→丙→乙B.甲为去雄，其操作对象为母本B.本实验结果验证了基因的分离和自由组合定律C.乙为传粉，乙中的花朵已经没有了雄蕊C.若让F自交，则产生的植株中花粉有2种基因型D.丙为采集花粉，其操作对象为母本D.若让F,自交，则产生的植株中花粉有3种表现型2.孟德尔通过豌豆的一对相对性状杂交实验发现，F2表现型的比例8.如图表示孟德尔豌豆杂交实验操作及理论解释，下列描述错误约为3：1。下列关于出现这一结果的条件中，不必要的是的是2680-0A.显性基因对隐性基因为完全显性测交DdxddB.F产生的雌、雄配子比例为1：1C.F,的雌、雄配子之间要随机结合配子DdD.各种基因型的后代存活机率相等高茎的花B矮茎的花3.下列关于纯合子和杂合子的叙述中（只涉及一对相对性状），正测交Dddd子代1确的是甲A.纯合子自交后代都是纯合子，杂合子自交后代都是杂合子丙A.图甲中高茎豌豆为母本B.纯合子和杂合子杂交，后代既有纯合子也有杂合子C.杂合子遵循基因的分离定律，纯合子不遵循B.图乙中的过程发生于减数第一次分裂后期D.鉴定一显性个体是否为纯合子只能利用测交法C.图丙中的实验是为了验证提出的假说是否正确4.某豌豆群体中，高茎豌豆纯合子占20%，矮茎豌豆占20%，则豌D.图甲中的实验也属于测交，且结果和图丙的相同豆自交产生的后代中，高茎豌豆中纯合子占9.人的血红蛋白是由两条肽链和两条B肽链构成。在16号染A.1/2B.4/7C.6/13D.7/13色体上有两个能独立控制肽链合成的基因，在11号染色体上5.某种雌雄异株植物的花有红花和白花两种，该性状是由常染色体有一个控制β肽链合成的基因。地中海贫血症是由于患者α基上的一对等位基因控制。现有红花雌株、红花雄株、白花雌株、白因突变导致：肽链多了31个氨基酸残基。当患者细胞内异常α花雄株若干，若要利用该植物的花色这一性状判断显隐性并验证肽链和正常α肽链同时存在时，可随机与B肽链结合形成血红基因的分离定律，下列操作一定能达到目的的是蛋白，有异常α肽链参与构成的血红蛋白功能异常。相关基因A.红花雌株×红花雄株、白花雌株×白花雄株型和表现型的关系如下表（每个正常的α基因记作“+”，突变后B.红花雌株×白花雄株、白花雌株×红花雄株的基因记作“下列叙述错误的是C.红花雌株×白花雄株，子代表现型相同的雌雄株进行杂交类型D.白花雌株×红花雄株，子代表现型不同的雌雄株进行杂交6.玉米是雌雄同株异花植物，种子的甜与非甜是一对相对性状，受基因型++++++对等位基因控制。现用甜玉米种子（甲）和非甜玉米种子（乙）表现型正常轻度贫血中度贫血重度贫血（患儿早亡）单元卷·生物[第29页]

全国@o所名校高考模拟金典卷@⊙所名校高考模拟金典卷·生物学参考答案（四六）(四)题序1346910111213141516答案BCDCBBDDBBBCD1.答案B解题分析本题考查病毒的结构和代谢以及人体免疫的知识内容。新冠病毒在宿主细胞内繁殖时，模板来自病毒，原材料、能量由宿主细胞提供，A项正确；新冠病毒的遗传物质是RNA,核酸检测利用了核酸的特异性，B项错误；病毒没有独立的代谢系统，不能独立生存，其进化与其他细胞生物相关，C项正确；根据抗原能与相应抗体特异性结合的特性，可利用人工标记的抗体对人体组织内的抗原进行检测，D项正确。2.答案C解题分析本题考查细胞器的组成、结构和功能的知识内容。植物根尖细胞中能进行能量转化的细胞器为线粒体，线粒体不含叶绿素，A项错误；低等植物细胞中不具有膜结构的细胞器有中心体和核糖体，中心体不能合成蛋白质，B项错误；若某细胞器中含有糖类，则该细胞器可能为液泡，液泡中含有细胞液，C项正确；若某细胞器能加工蛋白质，则该细胞器可能是内质网、高尔基体，高尔基体参与细胞板的形成，D项错误。3.答案C解题分析本题考查物质出入细胞的方式的知识内容。题图中N顺浓度梯度进入人体该细胞，属于协助扩散，而葡萄糖逆浓度梯度进入人体该细胞，属于主动运输，A项错误；题图中K进入人体该细胞需要消耗呼吸作用合成的ATP,故使用细胞呼吸抑制剂会影响K+进入人体该细胞，B项错误；由题图可知，细胞膜上的某些蛋白质可协助物质进行跨膜运输，不同细胞中的膜蛋白的种类和数量不一定相同，C项正确；题图所示的物质出入细胞的方式有主动运输和协助扩散，除此之外，物质出入细胞的方式还有自由扩散、胞吞和胞吐，D项错误。4.答案D解题分析本题考查微生物发酵的知识内容。泡菜坛内的白色菌膜是酵母菌繁殖所致，变酸果酒表面的菌膜是醋酸菌繁殖所致，A项错误；制作面包会用到酵母菌，酵母菌产生的二氧化碳与食品松软有关，B项错误；毛霉主要通过产生脂肪酶、蛋白酶参与腐乳发酵，不需要纤维素酶的参与，C项错误；若制作的泡菜咸而不酸，可能的原因是大量的食盐抑制了乳酸菌的发酵过程，乳酸产生减少，D项正确。5.答案C解题分析本题考查探究生物遗传物质的实验。T2噬菌体只能侵染大肠杆菌，因此不可以在肺炎链球菌中复制和增殖，A项错误；病毒无细胞结构，T2噬菌体病毒颗粒内不可以合成mRNA和蛋白质，其只有在宿主细胞中才能合成mRNA和蛋白质，B项错误；噬菌体繁殖时利用的原料来自大肠杆菌，因此培养基中的2P经宿主摄取后可出现在T2噬菌体的核酸中，C项正参考答案（四~六）第1页（答案共12页）【23新高考·JD·生物学-G DONG)

(2)检测转基因生物的DNA上是否插入了目的基因，可以采用DNA分子杂交技术，即将转基因生物的基因组DNA提取出来，在含有目的基因的DNA片段上用放射性同位素等做标记，以此作为探针，使探针与基因组DNA杂交，如果显示出杂交带，就表明目的基因已插入转基因生物的DNA中。(3)在用转基因动物生产药用蛋白时，需要将药用蛋白基因与乳腺蛋白基因的启动子等调控组件重组在一起，通过显微注射的方法，导入哺乳动物的受精卵中，然后将受精卵送入母体内，使其发育成完整个体。(4)转基因生物的安全问题一直是公众讨论的热点，转基因农作物不会对生物多样性构成威胁，原因有以下几点：转基因农作物与其他植物存在生殖隔离，很难与其他植物杂交；许多农作物的花粉传播距离有限，花粉存活时间有限；转基因农作物在种植区外生存能力很弱等。10.(11分)真菌是胞外脂肪酶的主要来源，尤其是霉菌。利用基因工程技术，使霉菌的脂肪酶基因在异源宿主细胞中表达能大大提高脂肪酶的产量。回答下列问题：()阿尔伯等人在细菌中发现了第一个限制酶，使基因工程的实施成为可能。基因工程的基本原理是,除限制酶以外常用的工具酶还有DNA连接酶，包括和二者的主要区别是(2)基因工程技术中所用的质粒载体具有一些特征，如质粒DNA分子上有复制原点，可以保证质粒在受体细胞中能自我复制；质粒DNA分子上有标记基因（如某种抗生素抗性基因），利用抗生素可筛选出含质粒载体的宿主细胞，具体方法是(3)基因工程中基因表达载体含有启动子，启动子是指(4)霉菌的脂肪酶基因能在异源宿主细胞（如大肠杆菌细胞）中表达，说明(答出1点)。(5)从霉菌的基因组文库中获取的脂肪酶基因在大肠杆菌细胞内表达的产物通常不能直接发挥作用，需要经过人工修饰才具有催化活性，原因是(答出1点)。【答案】(I)基因重组E·coliDNA连接酶T4DNA连接酶E·coli DNA连接酶只能连接双链DNA片段的黏性末端，而T4DNA连接酶既能连接黏性末端也能连接末端(2)用含有该抗生素的培养基培养宿主细胞，能够存活的即为含有质粒载体的宿主细胞(3)位于基因首端的一段特殊DNA序列，是RNA聚合酶识别及结合的部位，能驱动转录过程(4)所有生物共用一套遗传密码（或真核生物的基因能在原核细胞中表达）(⑤)大肠杆菌没有内质网、高尔基体等复杂的细胞器，不能对霉菌的脂肪酶基因的表达产物进行加工（合理即可）【解析】(1)基因工程的基本原理是基因重组；基因工程的三个工具为限制酶、DNA连接酶、载体；DNA连接酶分为两类，一类是从大肠杆菌中分离得到的，称为E·c0 li DNA连接酶；一类是从T4噬菌体中分离得到的，称为T,DNA连接酶；它们的区别在于E·coli DNA连接酶只能连接双链DNA片段的黏性末端，而T4DNA连接酶既能连接黏性末端也能连接末端。(2)标记基因的作用是鉴定宿主细胞中是否含有目的基因，从而将含有目的基因的细胞筛选出来。若质粒DNA分子上存在某种抗生素的抗性基因，则可以用含该抗生素的培养基培养宿主细胞，若该宿主细胞含有该质粒，则宿主细胞可以存活，从而筛选出含质粒载体的宿主细胞。(3)基因表达载体含有启动子，启动子应位于目的基因首端，是RNA聚合酶识别和结合的部位，驱动基因转录产生mRNA。(4)霉菌的脂肪酶基因能在大肠杆菌细胞中表达，说明真核生物的基因能在原核细胞中表达，即所有生物共用一套遗传密码。·53·

16.ABCD【解析】本题考查PCR的相关知识。蛋白酶可以分解组织中的蛋白质（如膜蛋白、染色体蛋白质)，在提取DNA时加入蛋白酶有助于释放出DNA,A项正确；Tag酶能够耐高温，在高温下仍保持活性，在PCR中催化子链的延伸，B项正确；将已知长度的DNA片段装到凝胶上作为参照，通过对比，可以估测样本DNA片段的大小，C项正确；阴性对照是未加DNA模板，但加入PCR扩增过程所需的混合物，通过电泳结果的比较，以监测试剂是否被污染，D项正确。17.ABD【解析】本题结合图形考查基因表达载体的构建。根据题意，目的基因的两端有EcoR I、BamH I的酶切位点，将含有目的基因的DNA用EcoR I酶切，会得到目的基因片段；根据质粒的简图可知，将质粒用EcoR I酶切，会得到与质粒周长等长的链状DNA,因此将含有目的基因的DNA与质粒分别用EcoR I酶切，在DNA连接酶作用下，可生成目的基因一目的基因片段、目的基因一质粒片段、质粒一质粒片段三种产物，A项错误。DNA连接酶的作用是将酶切后得到的黏性末端连接起来形成一个重组质粒，该过程形成四个磷酸二酯键，B项错误。EcoR I和BamH I的识别序列不同，获取目的基因和切割质粒时，同时选用EcoR I和BamH I切割，目的基因两端形成的末端不同，切割开的质粒两端形成的末端不同，再用DNA连接酶连接，可以防止日的基因反向连接和质粒自身环化，C项正确。题图显示，在构建基因表达载体的过程中质粒中的青霉素抗性基因和四环素抗性基因都不会被破坏，因此能在含青霉素和四环素的培养基中生长的受体细胞不能表明日的基因已成功导入该细胞，D项错误。18.ABD【解析】本题考查基因编辑的相关知识。向导RNA可通过转录形成，该过程需要RNA聚合酶催化，A项正确；向导RNA中的识别序列可与目标DNA单链特定区域进行碱基互补配对，B项正确；Cs9蛋白是一种核酸内切酶，作用部位是DNA分子中特定的两个核苷酸之间的磷酸二酯键，C项错误；该技术由于存在脱靶等风险，可能会带来一系列安全性及伦理问题，D项正确。19.B【解析】本题考查基因工程的相关知识。试管1中应加入DNA连接酶处理，A项错误；试管2中用Ca+处理，使大肠杆菌处于感受态，这样可将重组载体导入不含lacZ基因的大肠杆菌中，B项正确；若大肠杆菌的菌落呈蓝色，则导入大肠杆菌的是普通质粒，C项错误；由题干信息可知标记基因是氨苄青霉素抗性基因，因此培养基中除必需的营养物质外，还应加入适量氨苄青霉素，D项错误。20.BCD【解析】本题考查基因工程的相关知识。要获得转基因菊花，可以选择菊花叶片细胞作为受体细胞，但不能选择桃蚜细胞作为受体细胞，A项错误；Ti质粒的TDNA可以转移到受体细胞中，并且整合到受体细胞染色体的DNA上，根据这一特点，构建表达载体时，应该将目日☆·112·【23·G3DY(新高考)·生物学·参考答案一R一必考一LN】

周测卷（二十一）植物生命活动的调节一、选择题根长最长，因此促进柳树插条生根的最适浓度范围为1.C【解析】据图可知，控制开花的因素是持续不间断的10~106mol/L;生长素的化学本质是吲哚乙酸，是黑暗环境；夜间照明使得黑暗环境中断，变为短夜环境种小分子有机物，不是蛋白质。而使短日照植物不开花，因此在短日照植物临近开花季4.D【解析】红柿摘下未熟，每篮用木瓜两三枚放入，得节，夜间照明会使开花时间推迟；若为长日照植物，则在气即发，并无涩味，体现了乙烯促进果实成熟；正月种白暗期内不断闪光，长日照植物会提前开花；菊花为短日稻，五月收获后，根茬长新稻，九月又成熟，描述的是植照植物，在秋季开花，若要使其在夏季开花，可每天遮光物的生长发育过程，与多种植物激素有关；春色满园关数小时，使光照时间缩短。不住，一枝红杏出墙来，描述的是植物的向光性，植物的2.D【解析】根据单一变量原则，设置的对照组是将胚芽向光性与生长素有关；肥田之法，种绿豆最佳，小豆、芝鞘的同一侧放置空白琼脂块；该实验的自变量是琼脂块：麻次之，绿豆、小豆、芝麻等植物的根系有根瘤菌共生，中是否含有生长素，而光照属于无关变量，故实验组和可以通过固氮作用丰富土壤中的营养物质，与植物激素对照组应该保持相同光照条件；胚芽鞘B在右侧给予单没有直接关系。侧光照，由于没有胚芽鞘尖端，因此相同时间后倾斜角5.A【解析】生长素是由色氨酸转化而来的，不是由色氨度与未光照组相同；发生弯曲生长的部位是胚芽鞘尖端酸脱水缩合形成的；根据图示，用同一浓度的生长素处下部的伸长区细胞。理，与对照组相比，根长变化大于苗长变化，说明植物根3.A【解析】本实验处理可用浸泡法和沾蘸法，其中浸泡对生长素的敏感性高于芽对生长素的敏感性；生长素浸法是把插条的基部浸泡在配制好的溶液中，深约3cm,种有利于提高该植物幼苗根和芽的生长；生长素浸种后处理几小时至一天（要求的溶液浓度较低，并且最好是形成的幼苗根的生长与对照组相比，其作用未表现出低在遮阴和空气湿度较高的地方进行处理)，而沾蘸法是浓度促进、高浓度抑制。把插条基部在浓度较高的药液中蘸一下，约5s,深约6.D【解析】根据“酸生长理论”，细胞壁周围pH下降，可1.5c,故沾蘸法处理时间较短；表中编号1为空白对以软化细胞壁从而促进生长，将胚芽鞘切段放入酸性缓照，均根长为2.0cm,而编号2~7为不同浓度生长素冲液中，溶液为酸性，可以软化细胞壁促进细胞生长；科溶液处理，均根长均大于2.0cm,说明以上不同浓度研工作者证实，生长素可以诱导细胞膜上类受体激生长素对柳树插条生根均为促进作用，没有抑制作用；酶(TMK)激活质子泵，将大量H+泵出细胞外，软化细表中数据显示生长素溶液浓度为10-8ol/L时，均胞壁，从而促进细胞伸长，因此，将胚芽鞘切段放在pH·43·

2099214帕金森病的特征是产生神经递质多巴胺的神经元丢失，研究人员利用腺相关病毒载体将种反义寡核苷酸序列输送到小鼠中脑（帕金森病的主要病变部位），这种反义寡核苷酸序列是一种人工DNA片段，被设开以特异性结合编码PTB蛋白的RNA,从而阻止PTB合成，考生注意最终刺激神经元发育。对照组小鼠接受空白病毒或不相关反义寡核苷酸序列的预拟治疗。1.本实验发现，在接受治疗的小鼠中，一部分星形胶质细胞转化为神经元，使神经元数量增加约2.请来必，多巴胺水恢复到与正常小鼠相当的水，对照组小鼠则没有变化。下列相关说法Q正确的是一、选择题：A.相关反射弧中兴奋的传递障碍导致金森病符合题目要B.,反义寡核苷酸抑制PTB表达依赖碱基互补配对机制1.一部百年心空白病毒治疗组可排除病毒自身对实验的影响要把“四个的根本原D小鼠实验的成功表明该基因疗法也适用于人类真挚情怀15.二倍体生物的某性状有两种表型，受常染色体上的两对等位基因控制。一正常条件下，用该①实现共产性状的一对相对性状的纯合亲本进行参交，获得F,由E获得F2E传型必例为9刀假设没有任何突变发生，下列分析一定确的分05bX②党史学③开展党史A.F,中的个体都为杂合子B以表型与某亲本相向④要从党史C,F2中有可稳定遗传的杂合子D.F2中存在测交子代表型比例为3：1的个体A.①②16.生物科技已有广泛的应用，下列相关叙述正确的是2.2022年8月A.基因工程可实现同一基因在不同生物体内表达，这表明生物界在遗传物质种类及遗传股增至不超过密码方面具有统一性资足额完成后增资B,单克隆抗体的制备过程中需要进行严格的细胞筛选，这表明产生抗体的细胞毒性T细胞具有多样性和特异性了入①使华润集团②扩大了非公C,胚胎移植时需要选择合适发育时期的胚胎，这与胚胎发育中细胞分化程度及胚胎是否③有利于推进国处于游离状态有重要关系①有利于华润银D,生态修复工程可帮助受损生态系统更快恢复原有结构与功能，移栽绿植需要适应当地A.①②环境且无生物人侵危害3.随着中国经济社三、非选择题：本题共5小题，共60分。富积累手段不规现。党的二十大17.(每空2分，共12分)某生物科技兴趣小组利用水培法研究了低氧胁迫对两个羊草品种规范财富积累机，(A,B)根系细胞呼吸的影响，测得第6天时根系中丙酮酸和乙醇含量，结果如下表所示。①加强社会保障精另一生物科技兴趣小组研究不同CO浓度对羊草品种A光合作用的影响，结果如图所示，请分析回答：②增强财富分配的③规范收入分配秩低氧胁迫对羊草品种根系丙酮酸和乙醇含量影响④健全回报社会激)实验处理2。-C0浓度350μmal/malA.①②项目正常通气正常通气低氧低氧15◆C0,浓度7004mol/mal品种A品种B品种A品种B102023丙酮酸含量/（μmol·g)0.180.190.210.34乙醇含量/（μmol·g)2.452.496.004.001羊草细心将丙酮酸转变为乙醇的过程90011001300150017.00时向表中冠物，不论是正背通亮：还是低氧条件，羊草A和B根系细胞的呼吸方式为(填“产生”或“不产生”)ATP。由的原因是,保氧助迫兀，美草根系细胞中丙酮酸、乙摩产生量均增加单/7版隔12023届·普通高中名校联考信息卷（模拟一）·生物

(③)正常脑神经细胞骨髓基质细胞的线粒体可转移到因缺氧损伤的脑神经细胞中（修复因缺氧损伤的脑神经细胞中的线粒体)，增加因缺氧损伤的脑神经细胞中线粒体的数量，使有氧呼吸产生更多ATP,修复损伤的脑神经细胞的供能机制(5分)【解析】1)细胞调亡是由基因决定的细胞自动结束生命的过程，而细胞坏死是由外界不利因素引起的细胞被动死亡，因此脑缺血所导致的神经细胞死亡属于细胞坏死。缺氧对脑细胞产生不可逆损伤的机理是缺氧导致脑细胞的有氧呼吸受阻，无法为生命活动提供足够的能量，同时无氧呼吸产生的乳酸对脑细胞有一定的毒害作用。(②)骨髓基质细胞经过细胞增殖，细胞分化过程形成心肌细胞，神经细胞等不同细胞，分化的实质是基因的选择性表达，这些细胞的核基因和骨髓基质细胞的核基因相同。(3)该实验的目的是探究骨髓基质细胞的线粒体是否有助于因缺氧损伤的脑神经细胞(A)的供能机制的修复，该实验的自变量是培养基是否有骨髓基质细胞线粒体以及脑神经细胞是否正常。①第3组为正常对照组，则培养的应该是正常脑神经细胞。②第3组的ATP水属于正常水，则第1组神经细胞内ATP水高于正常水；第2组在实验中起对照作用。⑧根据上述实验结果可知骨髓基质细胞的线粒体可转移到因缺氧损伤的脑神经细胞中，由此可推测骨髓基质细胞的线粒体对脑神经细胞缺氧损伤后的恢复的作用机制可能是骨髓基质细胞的线粒体可转移到因缺氧损伤的脑神经细胞中（修复因缺氧损伤的脑神经细胞中的线粒体），增加因缺氧损伤的脑神经细胞中线粒体的数量，使有氧呼吸产生更多ATP,修复损伤的脑神经细胞的供能机制第五周必修2第1章题序题型分值模块测试主要知识试题来源1单选题预估难度5必修2孟德尔豌豆杂交实验改编20.7单选题5必修2假说一演绎法改编单选题0.655必修2分离定律4改编单选题0.65必修2分离定律5单选题改编0.655必修2两对相对性状的杂交实验6单选题改编0.655必修2自由组合定律7单选题改编50.65必修2自由组合定律8单选题改编50.6必修2自由组合定律9不定项选择改编6必修20.55分离定律10不定项选择改编60.65必修2自由组合定律11不定项选择6改编0.6必修2自由组合定律12非选择题改编160.55必修2分离定律的应用13非选择题改编260.65必修2自由组合定律的应用改编0.55·13.

C,细胞壁是植物细胞间信息分子的传递通路，如植物微素等小分子物质可以直接通过D.解离的原理是利用解离液破坏细胞壁的纤维素，从而使细胞分散开来3.右图是渗透装置图，在长颈漏斗的开口端有一层半透膜，半透膜不允许蔗糖分子通过，一段时间后，漏斗管内液面上升。下列说法正确的是A.液面上升的速率先加快后减慢最终维持稳定·水分子B.图中漏斗液面升高到一定高度后会达到稳。蔗糖分子定，半透膜两侧的溶液浓度相等C,水分子通过半透膜从蔗糖溶液向清水扩散的速率逐渐减慢0风0D.当半透膜两侧水分子进出速率相等时，长60颈漏斗内液面最高4.传统方法生产啤酒时，大麦芽是不可缺少的原材料。大麦种子吸水萌发时淀粉大量水解，新的蛋白质和RNA分别在吸水后15~20min和12h开始合成。水解淀粉的淀粉酶一部分来自种子中原有酶的活化，还有一部分来自新合成的蛋白质。下列相关叙述错误的是A.淀粉水解产物加人斐林试剂，水浴加热后，呈现砖红色B.与干燥种子相比，萌发种子的自由水与结合水的比值增高，代谢增强C,种子萌发时，RNA和蛋白质的种类和数量增加，其他有机物的含量和种类减少D.用赤霉素处理大麦种子，可使其无须发芽就产生新的淀粉酶5.如图是真核生物细胞中的某过程示意图，下列叙述不正确的是A.图中正在进行的过程是转录，进行该过程的主要部位是细胞核B.从化学结构上看，图中的2和5相同C.若已知a链上形成e链的功能段中碱基比例为A:T:G:C=1:2:3:4,则形成的e链的碱基比例是U:A:G:C=1:2:4:3D.通过该过程，遗传信息由a传递到了e上，再由e反映到蛋白质上

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6598令59l282024化学押题卷（三）答案.Pf●文件预览江淮名卷·2024年安徽中考押题卷（三）·化学（参考答案）一、选择题（本大题包括12小题，每小题1分，共12分）1.C2.D3.C4.B5.D6.A7.B8.A9.D10.C11.A12.C二、非选择题（本大题包括5小题，共28分）13.(6分，每空1分)(1)复合材料(2)化学(3)化合+2(4)隔绝氧气（合理即可）(5)BD14.(6分，化学方程式2分，其余每空1分)(I)长颈漏斗(2)A(3)2KMnO,△KMn0,+MnO,+O,(4)蜡烛从下往上依次熄灭（合理即可）(5)n15.(5分，化学方程式2分，其余每空1分)(1)过滤(2)2A1+3H2SO,Al2(SO)3+3H2↑(3)A1(或铝)(4)Cu(NO)216.(6分，化学方程式2分，其余每空1分)探究一：碱不能探究二：硝酸银【交流讨论】沉淀部分溶解，有气泡生成BaCO3+2HNO3一Ba(NO3)2+H2O+CO2↑【注意：若答对以下小题奖励3分，化学试卷总得分不超过40分】探究三：(1)浓硫酸(2)有利于二氧化碳被氢氧化钠溶液充分吸收（合理即可）(3)部分二氧化碳残留于装置中，反应生成的二氧化碳未被装置C完全吸收（合理即可）17.（5分)(1)无…（1分)(2)解：反应生成氧气的质量是425.0g-421.8g=3.2g。…(1分)设该过氧化氢溶液中过氧化氢的质量是x。2H,0,M02H,00,…1分)6832x3.2g9石g=6.8g1分》该过氧化氢溶液中过氧化氢的质量分数是会.8是×100%=27.2%。答：该过氧化氢溶液中过氧化氢的质量分数是27.2%。…(1分)【2024年安徽中考押题卷（三）·化学（参考答案）第1页（共1页）】

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