慧上进。高考忌复·单元滚动创新卷·物理贵、第二单元相互作用点(第一单元30%，第二单元70%)刑第【卷（选择题共48分）、选择题（本题共12小题，每小题4分，满分48分。第1~7题为单选，只有一项符合题意。第812题为多选，全部选对的得4分，部分选对的得2分，有错选或不选的得0分。)1,如图所示，一质点在0~1.6s内的位置随时间的变化规律为正弦曲线。关于此质点的运动，下列说法正确的是A.在0.2s和0.6s,质点的速度相同x/cm12B.在0.6s和1.0s,质点的速度相同0.8C.在0~0.4s内质点的均速度大于0.3m/s1.6t/sD.在0~1.6s内质点的路程大于0.48m-12【答案】B【解析】质点做直线运动，在0.2s和06s,图线的斜率不同，质点的速度不同，A项错误；在0.6s和1.0s,图线的斜率相同，质点的速度相同，B项正确；在0~0.4s内，质点的位移为0.12m,乎均速度等于0.3m/s,C项错误；在0~1.6s内，质点的路程为0.48m,D项错误。2.西安大唐不夜城景区的“真人不倒翁”表演吸引众多游客前来握手拍照打卡。不倒翁之所以“不倒”，是因为它的重心设计巧妙。下列说法正确的是A.下方半球形物体的密度较小B.不倒翁只有在重心处才受到重力C.人的姿态发生变化的时候，重心位置也会随之轻微改变D.不倒翁的重心在几何中心I答案】C【解析】下方半球形物体的密度较大，才会使整体重心较低，A项错误；不倒翁各处都受到重力作用，B项错误；人的姿态发生变化的时候，重心位置也会随之轻微改变，C项正确；只有形状规则、质量分布均匀的物体的重心在其几何中心，不倒翁的质量分布是不均匀的，所以不倒翁的重心不在其几何中心，D项错误。3.帆船是利用风力前进的船，帆船在大海上航行时，挂在桅杆上的船帆是其获取动力的主要来源。下列说法正确的是A.风对帆船的推力大于水对帆船的阻力，船才能运动B.水手匀速爬上竖直桅杆时受到的摩擦力方向竖直向上C.风对帆船的推力与水对帆船的阻力是一对作用力与反作用力D.水手匀速爬上竖直桅杆时，手握桅杆的力越大，受的摩擦力就越大【答案JB【解析】风对帆船的推力大于水对帆船的阻力，船才能由静止变为运动，A项错误；风对帆船的与帆船对风的力是一对作用力与反作用力，C项错误；人匀速向上爬，是衡状态，桅杆对人的力是静摩擦力，方向竖直向上，它与重力是衡力，它与手握桅杆的力的大小无关，D项错误，确。单元卷·物理[第9页]

万雕中考试题研究·物理（山东）2.(1)小于(2)④5040⑤0.8×103(3)偏大偏大3.(1)50(2)0.16(4)擦干(5)0.8×107.55x107.119.758.3右9.A10.B模型3双缺型11.如答图新示12.如答图所示G-FP*②9。-飞h-△h,②C,-Fp*③6-42*吊臂1.(1)1.1(2)0.440(3)2.75×10°(4)小于(5)偏大2.(1)3.8(2)丙没有将铁块完全浸没在白酒中3)绅缩撑杆F.-FPx3.(1)20(2)0.8×1035.6第11题答图第12题答图13.如答图所示14.如答图所示第十一章简单机械功第一节杠杆滑轮图说物理1.费力小于筷子（或摄子等）2.省力360手握处向远离车厢的地方移动3.0动阻如答图所示51002第13题答图第14题答图15.(1)右水力臂自重(2)0.15(3)一组实验数据0,L太少，具有偶然性，不便于找出普遍规律(4)能等于第二节功功率第3题答图图说物理重难点突破1.否对石头有力的作用，但石头在力的方向上没有移动1.如答图所示距离否对桶有力的作用，但桶在拉力的方向上没有移动距离2.252003.600027：20重难点突破1.(1)5000(2)2000(3)1×10(4)2×10变式1.8×1030002.36903.0.4200山东6年真题子母题1.B2.A3.D4.1500205.(1)200N(2)30W第1题答图5.1变大因为AB保持不变，由杠杆衡条件可知F,L,2.如答图所示=F2L2,根据相似三角形可知，L1:L2=0B:OA,则F,=-xOAP×01三F,因E,与B为定值，02OA+AB=-OA变大，故F,变大入水只第三节机械效率重难点突破重水箱的水浮标1.(1)260.6(2)40(3)1080120090%第2题答图第4题答图(4)120(5)760(6)在绳子能承受的拉力范围内，增大物重（或减小动滑轮的重力、或减小绳与轮以及轮和3.A变式不变变大4.(1)如答图所示(2)187.5轴之间的摩擦)2.C3.(1)125W(2)50%(3)变大动力臂变小，阻力臂变大，阻力不变纵向实验一题多设问纵向实验一题多设问实验探究杠杆的衡条件实验1测量滑轮组的机械效率例1(1)刻度尺(2)匀速(3)不正确摩擦力（或摩例(1)消除杠杆自重不挂钩码时调节杠杆在水位置擦)(4)丁80%①0.16②1、2③高④不同滑衡(2)是(3)右(4)数量①Fl,=F,2(或动力轮组提升相同重物时，动滑轮越轻，滑轮组机械效率越×动力臂=阻力×阻力臂)②寻找普遍规律(5)A高(5)不合理，第2、4次实验中，动滑轮的重力不同、(6)不影响，这个作用在杠杆0点的力的力臂等于零，不物重也不同，存在两个变量，根据控制变量的思想，无法影响杠杆的衡（7)右左端下沉(7.1)二>得出滑轮组机械效率与物重的关系(6)C(7)变小(8)不可靠没有改变动力臂和阻力臂(9)右山东6年真题子母题(c(9小明限号=分只可知，机1.D2.B3.C4.D5.费力206.0.4偏大械效率与高度无关(10)ABC10

河南省新乡市第一中学学校2022-2023高二下学期物理3月份月考试卷a注意事项：1。答题前，考生务必将自已的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.选择题答策使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号：非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。4.保持卡面清洁，不折登，不破损。5.本试卷分试题卷和答题卷两部分，满分110分，考试时间90分钟。一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，1一8题只有一个选项正确，9一12题有多个选项正确。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选或不答的得0分)1.如图所示，一根固定在墙上的水光滑杆，两端分别固定着相同的轻弹簧，两弹簧白由端相距x。套任杆上的小球从中点以初速度V向右运动，小球将做周期为T的往复运动，则()2A.小球做简谐运动B.小球动能的变化周期为2C.两根弹簧的总弹性势能的变化期为TD.小球的初速度为”时，其运动周期为222.一质点做简谐运动，振福为A、周期为T,O为衡位置，B、C为两侧最大位移处。从质点经过位置P(P与O、B、C三点均不重合)时始计时，以下说法正确的是()A经过号质点的约速度必小于兽B.经过,质点的路程不可能大于A,但可能小于AC.经过二时，质点的瞬时速度不可能与经过P点时的速度大小相等D.经过工时，质点的瞬时速度与经过P点时的速度方向可能相同也可能相反23.一弹簧振子振幅为A,从最大位移处经过时间o第一次到达衡位置，若振子从最大位

,乙烷以不同流速通过催化剂反应相同的时间，乙烷的转化率随着流速的MPa的条件下，将CO,和CH。按起始物质的量之比为1：1进行反应，反MPa.压相同，则C,H。的衡转化率为；该反应的K。

三步一体高效训练讲评C.恒温恒压下，使用合适的催化剂，衡产率会提高扎记D.该反应在低温下可能自发进行解析：升高温度，活化分子百分数增大，正、逆反应速率均增大，A项错误；化学衡常数只与温度有关，温度不变，衡常数不变，B项错误；催化剂只能改变反应速率，不能使衡发生移动，衡产率不变，C项错误；该反应的△S<0,△H<0,根据吉布斯自由能△G=△H一T△S可知，该反应在低温下可能自发进行，D项正确。答案：D12.反应2NO(g)+O2(g)=2NO2(g)分两步进行：①2NO(g)=↑转化率%N2O2(g)(快)，②N2O2(g)十O2(g)一2NO2(g)(慢)。恒容条件下，100NO衡转化率按物质的量之比为2：1加入O和O2。在相同时间内，测得不同温80H60H度下NO转化为NO2的转化率如图所示，下列说法正确的是4020HN0转化率A.反应的活化能：①>②，100℃时，>递04100200300400500600B.反应的活化能：①>②，100℃时，正<速温度℃C.反应的活化能：①<②，100℃时，正>逆D.反应的活化能：①<②，100℃时，懂，C项正确。答案：C13.在1L的恒温密闭容器中合成氨，充入N2和H2的总物质的量为3ol,容器内反应物组分的物质的量分数与反应时间t的关系如下表所示。时间0 min10 min20 min30 min40 min50 min60 min组分50%50%50%50%50%50%50%Y50%40%34%30%29%28%28%下列说法不正确的是A.X表示H2B.30min时，N2的物质的量为1.25molC.NH3的分解速率：40min<50minD.0~30min内用H2表示的均反应速率是0.025mol·L-1·minl解析：N2(g)+3H2(g)一2NH3(g)初始/mol1.51.50转化/molx3.x2x末/mol1.5-x1.5-3x2x1.5-x氨气的物质的量分数为1,5-x十.53x十2X100%=50%,所以X表示N:,A项错误：30min时，H,的物质1.5-3.x的量分数为30%，1.5x十i,53x十2x=0.3,x=0.25,N,的物质的量为1.5mol-0.25mol=1.25mol.B项正确：40min时氨气的浓度小于50min时氨气的浓度，所以NH3的分解速率：40min50min,C项正确；根据B选项，00.75 mol30min内消耗0.75mol氢气，用H表示的均反应速率是X30min=0.025molL.1·min1,D项正确。【24新教材.ZCYK.化学-R-选择性必修1-QGB.Y】12

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E(-1,0,0),由题意可知E亦=(0,3,0)，A方=(-1，√3，一√3)，DC=(2√3,0)，设面E·n1=0W3y1=0EA'D的法向量为n1=(x1,y,之1)，所以,不妨令4方·n=

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59m12:24QC℃N85®55物理12月第二次周考试…☑T=400K,则t=(400-273)℃-127℃.(2分)R.5者案层(2)4gmgLR0解析：(1)对木板受力分析，根据牛顿第二定律，有

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15min,即可得到富马酸二钠溶液。写出碳酸钠与富马酸反应的化学方程F搅拌式；富马酸二钠溶液中离子浓度由大到小的顺序是(除H)。硫酸亚铁-纯碱(3)在富马酸二钠溶液中，缓慢加入FS04溶液，维持温度9

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B.0.1mol/LBOH溶液中cOH）<0.1mol·LC.一定浓度的BCI溶液显酸性D.一定浓度的BOH溶液可以使酚酞溶液变浅红8.关于某反应3A(g)+B(g)、三C(g)+D(g)△H<0,下

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全国@0所名接单元测试示范卷教学札记电时该电池反应的离子方程式为,碘复合材料电极发生的现象为答案：(1)①氧化；Zn②Zn+P2VP·nl2=P2VP·(n-1)I2+ZnL2(各2分)(2)A(1

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34.B根据最后一段可知，Lud认为陆陆续续到来的帮助和静的火山使人们没有刚开始那么害怕和焦虑，慢慢静下来。35.D本文主要讲述了经历火山喷发和海啸侵袭后的汤加正获得来自世界各地的援助。补全短文3

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（注：“大分流”：意指18世纪以前，东西方走在一条大致相同的发展道路上，西方并没有任何明显的、完全为西方自己独有的内生优势：18世纪末19世纪初，东西方之间开始逐渐背离，分道扬镳，距离越来越大。)(1

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151靶向提升参考答案及解析物理（二）一、选择题等。由图可知，b点所在位置的电场线比a点所在位1.A【解析】由爱因斯坦光电效应方程得eU.=hw置的电场线密，所以b点的电场强度比a点的大，A,和=2h

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全国@。所名校高考模拟金典卷砖对该单色光的折射率n=sin=√2，A项正确。sin r7.答案解题分析本题以彗星解体为背景，考查万有引力定律的应用，重点考查考生应用物理知识解决实际间奥的能力。发起G-

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22.图所示，钉子A、B相距5，处于同一高度。细线的一端系有质量为M=2m的小物块，另一端绕过A固定于B。质量为m的小球固定在细线上C点，B、C间的线长为31。用手竖直向下拉住小球，使小球和物块都静止

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同，其一氯代物只有一种，C项错误；CH中碳原子没有达到饱和，故CH中一定存在π键，D项正确。14.D解析：由均摊法可知该结构单元中0原子数-1十12×}-4，A项错误；由图可知，Ni和s回的最短距离为

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反，它以一种超功利的审美体验方式来认识和把握自然万物，将自然界看作是审美愉悦的最终来源，通过“道法自然”的审美观照来实现人和自然的和谐统一，从而达到至上的精神境界。道家的思想家们常常用诗化语言和浪漫主

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7.C【解析】本题结合图示考查学生对胰岛素分泌的识图能力。图示葡萄糖从高浓度一侧利用载体蛋白进入细胞内，是协助扩散，A项正确；葡萄糖在细胞内氧化分解增强使ATP增多，ATP增多使对ATP敏感的K+通道

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腾远高吉原创子卷2021年广东卷化学同考点变式卷14选择题答案速查题序12345678910111213141516答案CBDADBCBABACDDAD超详解1.C【考查点】本题考查化学与STSE。【

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19.(1)1s22s22p3s23p3d84s2{或[Ar]3d84s2};d(各1分)(2)O;C有4个价电子且半径较小，难以通过得到或失去电子达到稳定结构（各2分）(3)面三角形(2分)(4)

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a牧场生产模式(1公顷泥炭地)通过排水使排故的32水位保持在地面以下60cm温室气体16.7化肥、饲料等物资种植牧草、养牛排放的温室气体畜产品b香蒲生产模式(1公顷泥炭地)通过调控使地表238保持20

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~则整制该性状的基因位于常染色体病的接于男吧啊睡蛋白结构发生孜变，C正确：病毒没有细者R公鸡全为玫瑰冠，母鸡既有玫瑰冠，又有豆冠（或只(4)睾丸3.B【解析】显性遗传病往往具有世代连续遗传的现象，故若即鸡出残豆冠或只有母鸡出现性状分离)，则基因位于乙【解析】分新系谱周：：和Ⅱ：都患甲病，但它们有一个正常的甲病在家系中星连续遗传现象，则甲病为常染色体显性遗传胞结构，不能独立生存，只有寄生在宿主细胞中才能增殖，该儿子，即“有中生无为显性.显性委即心四一病或伴X染色体显性遗传璃，A错误：显性迹传病往往具有噬菌体合成蛋白质的原料全部来自宿主细胞，所以子代噬菌“纯遗传的现象，而隐性遗传病往往具有隔代遗传的现体的蛋白质不可能含有宿主细胞内不存在的氨基酸，D错误，mg一g工，与x成正比，方向相反，故微简谱运动，两种液以坐标为2m,一4cm,故C结民：若乙是质点Q的振动围10.A【解析】正常基因转录时也会形成DNA-RNA九方反体密度不同，木茯的衡位置不同，因此木块微简振动得保，副光时到Q向下报动，则造沿工轴正方向待海，所以振动加强点有6个。振幅A,最大势能变化不同，故B错误，C正确；该简谐运动的点向上振动，经过时间1=015一T时，处于谷处，所15.【解析】(1)从A开始下落到A、B碰撞前瞬间过程，对A由为E,-之(4)周期与恢复力的比例系数Pg有关，因此周期T不同，故A以坐标为(1m,一4cm),故D正确。错误；简谐运动最高点与最低点加速度大小相同，则有mg12.(1)弹簧自身重力的影响无(2)50(3)AB动能定理得mAgh=之m小球在振幅处的动能为零，系统势能为E,=2kA:代入数据解得n=2m/sF事=ma,盐水中a大，所以盐水的最小浮力小，故D错误。解折由于夹际弹黄都有重力：故整直瑟挂后，有了一定的初始仲长量，使得图线不过坐标原点。应用图像法处理A、B碰撞过程系统内方远大于外力，系统动量守恒，以向下依据能量守恒定律，从振幅处到A的过程中有故选C。7D【解析】秋千从摆动到停下的过程受空气阻力，振幅不断实验数据，所对应图像的斜率就是弹黄弹力与弹簧仲长量为正方向，由动量守恒定律得mAUA=(m十mB)D代入数据解得v=1m/s之kA=之(A)'+E减小，为阻尼振动，故A错误：在最低点，根据牛颜第二定律关系，鲜簧质量不会导致弹黄动度系数的测量结果与其实(2)碰撞后A、B做简谐运动，设在衡位置时弹簧的压缩量可得E-是AN-mg=m，可得秋千对手机的支持力N=mg十m号，可值不同。为x1,则(mA十mB)g=kx110.0-5.0知秋千对手机的支持力大于手机所受的重力，故B错误：秋(2)该弹黄的劲度系数为k=△(21.00-11.0)X10A、B上升到最高点时C对地面的压力最小为零，设此时弹(七)千的周期为从最大振幅偏角到另外一最大振幅偏角位置再簧的仲长量为x2,对C,由衡条件得mcg=z:N/m=50 N/mA、B做简谐运动的振幅x=x1十x21.C【解析】小球带负电，可知小球所受电场力沿着PQ方向，回到最大振幅偏角位置所用的时间，所以两次经过最低点与小球的初速度方向相同，小球做加速运动，故A错误；根据有两次向心加速度最大，故周期为T=一山，故C错误：根据③)当弹簧弹力为0时，弹簧处于原长，由图乙可知，横轴发设在A、B碰撞位置弹簧的压缩量为3，由衡条件得距表示原长，所以口的原长比b的短，故A正确；根据胡克匀强电场的等势线和电场线垂直可知，C点的电势等于P点mBg=kx摆周期公式T-A--2:√,可得当地重力如度定律可得F=k虹=(L一L),可知图线的斜率表示弹簧的从A、B碰撞后瞬间到A、B到达最低，点过程，由机械能守恒的电势，A点的电势等于Q点的电势，沿着电场线的方向电动度系数，所以a的动度系数比b的大，故B正确，C错误，定律得势逐渐降低，可知电场中A点的电势高于C点的电势，故BgD正项，故D错误；根据A选项分析可知小球所受电场力的方向与小球的振据胡克定律可知，弹簧的弹力与弹簧的仲缩量成正比，故(mA+m)2+2k+(m十m>g(-+五+)）运动方向相同，电场力做正功，则小球的电势能不断减小，故8.ACD【解析】消声原理是利用了波的千涉原理，在相位上差D错误。故选ABC正确；根据A选项分析可知小球所受电场力沿着PQ方向，180度的奇数倍，从而互相千涉而抵消，A正确：火车转弯出13.a)AD(2)4L(3)2.019.76(4)B=2k(m+十)2该小球若从M点沿MN方向射入，则小球将向AD边偏转，是重力和支持力的合力提供向心力，故高度差不能决定火车解得k=120N/m故D错误。故选C。转弯的速度，B错误；医用彩超是利用超声多普勒效应和超声6A、B到达最低点时弹簧的弹力最大，C对地面的压力最低，2.D【解析】由图可知x轴上的一x0和2x0之间的电势都大于的回波原理，C正确；高压输电线上作业的工人穿戴的包含金【解析1)单摆实验中摆线长约为1m,小球应用密度较大设地面对C的最大支持力为F,对C,由衡条件得零，故两个点电荷一定都是正电荷，故A错误；在工=0处属丝的织物工作服，是利用了静电屏蔽的原理，D正确。故F=mcg十k(x1十x1十x2)P一x图像切线的斜率为零，则该点处的电场强度为零，有k选ACD。的金属球，AD正确。代入数据解得F=10N9.CD【解析】当弹力最大时，小球处在最低点，则乙图从小球由牛顿第三定律可知，C对地面的最大压力大小F=F器-解得9：91：4，故B错误：因a点电势大于t2处在最低，点开始计时，故A错误；由F一图像的上下对称性@由7=2√任，1-，得g=L10N,方向竖直向下。b点电势，从质子a点由静止释放到达b点，电场力做功大于可得，小球处在衡位置时，弹簧的弹力为F,由回复力为0(3)由T=得T15。=2.01,由g得g16.【解析】(1)设小物块位于衡位置时弹簧的伸长量为0，有零，因此到达b点时速度不为0，故C错误；从Q点静止释放可得F=mg,解得小球的质量m为，故B错误；由FT=29.76m/s2到O点，由动能定理可得e(a一m)=2m6,得=p十当小物块相对于衡位置向下的位移为x时，如图受弹力图像的左右周期性可得号T=白，解得简谐振动的周期T为(④T-()L,困线b为正确实验图线。图线Q中斜率gF和重力G作用合力,故D正长选D,40,故C正确：小球在最高点时，弹簧对小球弹力的最小设与b相同，证明g相同，L为零时T>0,说明L记录小，应该是误将悬点到小球上端的距离记为摆长L,A错误；图线〔3.B【解析】设初始时刻电场强度为E,则E-号，正负电荷为Fm,由弹簧振子的回复力（合力）在最低点、最高，点等大反所在点的电势分为P和，则其电势能为，E=q(p一m)向可得F-mg=mg-F咖，结合F=mg,解得F==2F斜率较小，得出的g偏大，C错误；由g=可知，若g偏9B1-受则电场力微功W=一马=一受，现将两板板F2,故D正确。故选CD。大，则T偏小，B正确。d10.ABD【解析】某个单摆摆动过程中多次通过同一位置时，(5)设A点到铁锁重心的距离为1。，则了=4纪(+)，TF◆=一FT十G,其中FT=k(x十x)速度大小相等但方向可能不同，根据F=一x可得，加速度旋转30。场强变为E2三反，则23,2二，故-誓化+.由两头得行-万=誓山-4解得F=一bxa=加=一,故加述度一定相同，A正确；如果驱动摆的即合力与位移大小成正比，方向相反，由此得证小物块的运W,=-Ee=-y=W。故选B。动是简谐运动。摆长为L,根据单摆的周期公式有T-2红√臣，而关他单摆(2)由证明过程可知合力F与位移x关系图线如图，4.C【解析】带负电的小球在竖直光滑绝缘圆形轨道做匀速圆都是受迫振动，故其振动周期都等于驱动摆的周期，B正确；周运动，则小球所受合力大小始终保持不变，合力方向始终当受迫振动的单摆的固有周期等于驱动摆的周期时，受迫14【解析】1)由国可知，经过t=3s,Q先经历了2T,则指向圆心，由于小球必受重力、电场力，轨道还可能对小球有1=1.5T作用力，则在做匀速圆周运动过程中要保持合力大小不变，振动的振幅最大，故某个单摆的摆长大，振幅不一定也大，C错误：同一地区，单摆的固有频率只取决于单摆的摆长，则由于频率为f=一，解得f=0.5Hz小球所受重力与电场力必然是一对衡力，由牛顿第二定律只有摆长等于驱动摆的摆长时，单摆的振幅能够达到最大，知小球在轨道中任意位置合力大小相同，即有F。=贸这种现象称为共振，D正确。（②)对P有振幅A=0.15m,角速度为w-牙-经=，mg,所以小球在轨道任意位置受到的弹力提供向心力，即小1L.AD【解析】由甲图读出波长入=2m,由乙图读出周期T=由图可知物块由衡位置到位移为x的运动过程中合力FP波源振动方程为y=0.15 sint(m)球在最高点对轨道的压力大小为F压=mg,故AB错误；小球0.2s,则该波的波速v=分=10m/s,故A正确；由于不知由图可知，P波源在Q波源开始振动1s后才开始振动，则所受重力与电场力是一对衡力，则电场力方向竖直向上，时间的范围为≥1s道乙图为波的传播方向上具体哪个质点的振动图像，所以(3)波长为入=4m,设振动加强，点与P,Q点距离分别为由动能定理得△E=W=一)kx且电场力做了多少功，电势能就变化多少，设时刻小球运动到某一位置时与圆心连线所在直线与水方向的夹角为日无法判断波的传播方向，故B错误；若乙是质点P的振动图1、x2(3)依据机械能守恒定律有△E,十△E,=0则t=0时刻开始至t时刻小球沿轨道做逆时针方向的匀速像，则此时刻P向下振动，则波沿工轴负方向传播，所以Q+=20m,1x2=k以(k=0,土1，±2)解得E,=2kx点向上系动，经过时间=0.15s=子T时，处于波谷处，所且4m≤x1≤14m,圆周运动，电场力微功为W=ERsn0,0=od=尽-√食、解得-3<2，其中k取-3、-2、-1,0.1和2，则区间内(4)小球在运动到衡位置O,点下方距离为时系统势能Eg=mg,又由电场力做功与电势能变化关系有W=E1213

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全国©o所名校高考模拟金典卷5)士V-V)×67500e一(3分)解题分损本题考查CO,的制备实验及含量计算，(5)第1步，加入足量K1溶液，CO2转化为C),,根据反应2C102+2—2C1O+1k,2Naz50+12-NaS0+2Na1可得2C02-2C1O2-k-2NaS0,所以n(C1O)=m(NaSO3)=V×103ol.第2岁，再由CO5+4H+4T-一2L+C1+2H0,2NaSO+1一a,S0,+2N1可得C0一2L一4NS0.所以nC0)=(NS,0)=子c×10mol.所以原有的mC0)=(子c水×103-cWX10)mml,该溶液中C0的浓度=C0):MC02·V×10L(cV×10-3-cV×10-)mol×67.5g·mof(V2-V)×6730ceV×10LmgL1。13.【拔高题】(14分)为加快实现“双碳”目标，CO2的有效转化成为科研工作者的研究热点。回答下列问题：(1)研究发现，一定条件下CO2可以通过化学反应制备甲酸。已知：①CO(g义+H2O(g)=HCOOH(g)△H=-72.6kJ·mol1②2C0(g)+O2(g)-2CO2(g)△H2=-566.0kJ·mol1反应③的衡常数表达式K=二(HCOOH)·c(Oc2(C02)·c2(H20),写出反应③的热化学方程式：(2)刚性绝热密闭容器中，等物质的量的CO(g)和HO(g)发生反应③，下列可判断反应达到衡的是(填字母)。A.CO(g)和HO(g)的物质的量之比不变B.容器中气体均摩尔质量不变C.2E(C02)=(O2)D.容器内温度不变(3)CO甲烷化时发生反应1：CO2(g)+4H2(g)一CH,(g)+2HO(g)△H=一165kJ·ol1,同时还伴随着副反应2：CO2(g)十H2(g)一CO(g)+HO(g)△H=+41kJ·mol,将5 mol CO2和20molH2通入某恒压密闭容器中将CO2甲烷化，衡时体系中各含碳元素物质的物质的量(X)与温度T的关系如图所示。5.0曲线X曲线Y4.0a(800,3.8)三3.02.016K800,1.0曲线☑800,0.2)5008001100T7K①曲线Y代表的物质是(填化学式)，曲线Z所代表的物质在1100K以上物质的量减小的原因是②800K时，若经过10min反应达到衡，则该条件下0~10min内HO的均生成速率(H2O)=mol·min【24新高考·JD·化学-FJ】36

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帽下州送相氧闲示中神的是0油州销传特候村氧礼地入做的转转物(满用下列有大敏化本前反应的议状中止响的是八氧化刺与还原州一定不导同种物橘公种元家被氧化，背定有月一种家时心丽某种元家关电子状目继多，其小原性

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5.分子式为CH20所代表的醇有（不考虑立体异构）超其修省水拉出印指D.10种6A7种B.8种C.9种6.实验室用金属铁与稀硫酸反应制取氢气时，下列措施不能使氢气生成速率加大的是B.用98%的浓硫酸代

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周测卷二十三醇酚醛酮羧酸及其衍生物1.C【解题分析】甘油巾含有羟基，能与水分子形成氢键，具有吸水性，可作护肤剂，A项正确；苯酚能够使蛋白质变性，具有杀菌消毒的作用，所以可以用苯酚制成药皂，杀菌消毒，B

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同，其一氯代物只有一种，C项错误；CH中碳原子没有达到饱和，故CH中一定存在π键

7.B【解析】催化剂改变反应的历程，活化能降低，化学反应的热效应不变，A错误；催化剂能增大反应速率，单位时间内产量增大，B正确；燃烧热是指1mol可燃物完全燃烧生成稳定氧化物放出的热量，甲醇的燃烧热应是燃烧生成二氧化碳和水，而不是一氧化碳，C错误；热化学方程式应该标明物质的聚集状态，D错误。8.A【解析】过程①为化学键断裂的过程，需要吸收能量，A错误；反应热和反应物、生成物的总能量有关，与反应条件无关，光照和点燃条件下的反应热是相同的，B正确；由图可知，1ol氢气、氯气反应生成2mol氯化氢气体放出热量862kJ一679kJ=183kJ,故反应热化学方程式为H2(g)+Cl2(g)2HCl(g)△H=一183kJ·mol1,C正确；由图可知，2mol气态氢原子的能量高于1mol氢气的能量，D正确。9.B【解析】反应①是对应活化能为E的反应，由图知该反应的反应物总能量低于生成物总能量，即①为吸热反应，同理知②为放热反应，A错误；催化剂只能改变化学反应速率，B正确；CIO是中间产物，CI是催化剂，C错误；任何化学反应都是旧键断裂与新键形成的过程，D错误。10.D【解析】由该物质的结构图可推知，Z为一1价离子，应为F或Cl元素，W与其他原子形成一根共价键，应为H或F或C1元素，Y形成两根键，应为O或S元素，X形成四根键，但该离子为十1价阳离子，故X为N或P元素，又W、X、Y的原子序数之和比Z的原子序数小1，则W为H元素，X为N元素，Y为O元素，Z为C1元素，据此分析解答。同周期从左至右原子半径逐渐减小，则原子半径：X>Y,A错误；常温下，氨气为气态，水为液态，则简单氢化物的沸点：XX,C错误；W、X、Y三种元素组成的NH4NO3为离子化合物，同时含有离子键和共价键的化合物，D正确。11.A【解析】由P4(s,白磷)十6Cl2(g)一4PC13(g)△H=-1326kJ·mol1可知，△H=反应物键能之和一生成物键能之和，设P一P键的键能为x,则一1326kJ·mol-1=6x十243kJ·mo1×6331 kJ.mol--1×4×3,解之x=-1326kJ·mol1-243k·mo1-1×6+331k灯·mol1×4×361188k·mol=198k·mol1,A正确。612.C【解析】如图关于相对能量与反应进程的关系图，反-2-丁烯转化为顺-2-丁烯，总能量增加，为吸热反应，即反-2丁烯能量低，根据能力最低越稳定，稳定性：反-2丁烯>顺-2丁烯，A错误；设1mol·L1顺-2-丁烯参与反应，衡时，体系中反-2-丁烯的物质的量浓度为x,根据反应可得，衡时，顺-2丁烯的物质的量浓度为1一x,反-2-丁烯的物质的量浓度为x,T℃时，衡常数Kc(反-2丁烯)=，文=3.20，解得x≈0.7619mol·L1,则衡体系中反-2丁烯的物质的量分数为c(顺-2-丁烯)一1一x0.7619mol·L-11m0l·L1-0.7619m0l·L+0.7619m0l·X100%=76.19%,B错误；如图关于相对能量与反应进程的关系图，反-2丁烯转化为顺-2丁烯，总能量增加，为吸热反应，则顺-2丁烯转化为反-2丁烯则为放热反应，升高温度，衡逆向移动，顺-2丁烯的物质的量分数增大，C正确；如图所示，顺-2-丁烯转化为反-2-丁烯则为放热反应，放出能量为bkJ·mol-1,则1mol氢气完全加成，所放出的热量顺-2丁烯比反-2-丁烯多bkJ,D错误。13.(16分)(1)496CuCl(2)O2(g)+4HC1(g)450℃2Cl,(g)+2H,01)△H=-126kJ·mol-1(3)放出热量31.5kJ(4)小于(5)V2O5+S02=2V204+S03【2025届高考一轮复核心素养测评卷·化学参考答案第20页】

7.B【解析】催化剂改变反应的历程，活化能降低，化学反应的热效应不变，A错误；催化剂能增大反应速率，单位时间内产量增大，B正确；燃烧热是指1mol可燃物完全燃烧生成稳定氧化物放出的热量，甲醇的燃烧热应是燃烧生成二氧化碳和水，而不是一氧化碳，C错误；热化学方程式应该标明物质的聚集状态，D错误。8.A【解析】过程①为化学键断裂的过程，需要吸收能量，A错误；反应热和反应物、生成物的总能量有关，与反应条件无关，光照和点燃条件下的反应热是相同的，B正确；由图可知，1ol氢气、氯气反应生成2mol氯化氢气体放出热量862kJ一679kJ=183kJ,故反应热化学方程式为H2(g)+Cl2(g)2HCl(g)△H=一183kJ·mol1,C正确；由图可知，2mol气态氢原子的能量高于1mol氢气的能量，D正确。9.B【解析】反应①是对应活化能为E的反应，由图知该反应的反应物总能量低于生成物总能量，即①为吸热反应，同理知②为放热反应，A错误；催化剂只能改变化学反应速率，B正确；CIO是中间产物，CI是催化剂，C错误；任何化学反应都是旧键断裂与新键形成的过程，D错误。10.D【解析】由该物质的结构图可推知，Z为一1价离子，应为F或Cl元素，W与其他原子形成一根共价键，应为H或F或C1元素，Y形成两根键，应为O或S元素，X形成四根键，但该离子为十1价阳离子，故X为N或P元素，又W、X、Y的原子序数之和比Z的原子序数小1，则W为H元素，X为N元素，Y为O元素，Z为C1元素，据此分析解答。同周期从左至右原子半径逐渐减小，则原子半径：X>Y,A错误；常温下，氨气为气态，水为液态，则简单氢化物的沸点：XX,C错误；W、X、Y三种元素组成的NH4NO3为离子化合物，同时含有离子键和共价键的化合物，D正确。11.A【解析】由P4(s,白磷)十6Cl2(g)一4PC13(g)△H=-1326kJ·mol1可知，△H=反应物键能之和一生成物键能之和，设P一P键的键能为x,则一1326kJ·mol-1=6x十243kJ·mo1×6331 kJ.mol--1×4×3,解之x=-1326kJ·mol1-243k·mo1-1×6+331k灯·mol1×4×361188k·mol=198k·mol1,A正确。612.C【解析】如图关于相对能量与反应进程的关系图，反-2-丁烯转化为顺-2-丁烯，总能量增加，为吸热反应，即反-2丁烯能量低，根据能力最低越稳定，稳定性：反-2丁烯>顺-2丁烯，A错误；设1mol·L1顺-2-丁烯参与反应，衡时，体系中反-2-丁烯的物质的量浓度为x,根据反应可得，衡时，顺-2丁烯的物质的量浓度为1一x,反-2-丁烯的物质的量浓度为x,T℃时，衡常数Kc(反-2丁烯)=，文=3.20，解得x≈0.7619mol·L1,则衡体系中反-2丁烯的物质的量分数为c(顺-2-丁烯)一1一x0.7619mol·L-11m0l·L1-0.7619m0l·L+0.7619m0l·X100%=76.19%,B错误；如图关于相对能量与反应进程的关系图，反-2丁烯转化为顺-2丁烯，总能量增加，为吸热反应，则顺-2丁烯转化为反-2丁烯则为放热反应，升高温度，衡逆向移动，顺-2丁烯的物质的量分数增大，C正确；如图所示，顺-2-丁烯转化为反-2-丁烯则为放热反应，放出能量为bkJ·mol-1,则1mol氢气完全加成，所放出的热量顺-2丁烯比反-2-丁烯多bkJ,D错误。13.(16分)(1)496CuCl(2)O2(g)+4HC1(g)450℃2Cl,(g)+2H,01)△H=-126kJ·mol-1(3)放出热量31.5kJ(4)小于(5)V2O5+S02=2V204+S03【2025届高考一轮复核心素养测评卷·化学参考答案第20页】

7.B【解析】催化剂改变反应的历程，活化能降低，化学反应的热效应不变，A错误；催化剂能增大反应速率，单位时间内产量增大，B正确；燃烧热是指1mol可燃物完全燃烧生成稳定氧化物放出的热量，甲醇的燃烧热应是燃烧生成二氧化碳和水，而不是一氧化碳，C错误；热化学方程式应该标明物质的聚集状态，D错误。8.A【解析】过程①为化学键断裂的过程，需要吸收能量，A错误；反应热和反应物、生成物的总能量有关，与反应条件无关，光照和点燃条件下的反应热是相同的，B正确；由图可知，1ol氢气、氯气反应生成2mol氯化氢气体放出热量862kJ一679kJ=183kJ,故反应热化学方程式为H2(g)+Cl2(g)2HCl(g)△H=一183kJ·mol1,C正确；由图可知，2mol气态氢原子的能量高于1mol氢气的能量，D正确。9.B【解析】反应①是对应活化能为E的反应，由图知该反应的反应物总能量低于生成物总能量，即①为吸热反应，同理知②为放热反应，A错误；催化剂只能改变化学反应速率，B正确；CIO是中间产物，CI是催化剂，C错误；任何化学反应都是旧键断裂与新键形成的过程，D错误。10.D【解析】由该物质的结构图可推知，Z为一1价离子，应为F或Cl元素，W与其他原子形成一根共价键，应为H或F或C1元素，Y形成两根键，应为O或S元素，X形成四根键，但该离子为十1价阳离子，故X为N或P元素，又W、X、Y的原子序数之和比Z的原子序数小1，则W为H元素，X为N元素，Y为O元素，Z为C1元素，据此分析解答。同周期从左至右原子半径逐渐减小，则原子半径：X>Y,A错误；常温下，氨气为气态，水为液态，则简单氢化物的沸点：XX,C错误；W、X、Y三种元素组成的NH4NO3为离子化合物，同时含有离子键和共价键的化合物，D正确。11.A【解析】由P4(s,白磷)十6Cl2(g)一4PC13(g)△H=-1326kJ·mol1可知，△H=反应物键能之和一生成物键能之和，设P一P键的键能为x,则一1326kJ·mol-1=6x十243kJ·mo1×6331 kJ.mol--1×4×3,解之x=-1326kJ·mol1-243k·mo1-1×6+331k灯·mol1×4×361188k·mol=198k·mol1,A正确。612.C【解析】如图关于相对能量与反应进程的关系图，反-2-丁烯转化为顺-2-丁烯，总能量增加，为吸热反应，即反-2丁烯能量低，根据能力最低越稳定，稳定性：反-2丁烯>顺-2丁烯，A错误；设1mol·L1顺-2-丁烯参与反应，衡时，体系中反-2-丁烯的物质的量浓度为x,根据反应可得，衡时，顺-2丁烯的物质的量浓度为1一x,反-2-丁烯的物质的量浓度为x,T℃时，衡常数Kc(反-2丁烯)=，文=3.20，解得x≈0.7619mol·L1,则衡体系中反-2丁烯的物质的量分数为c(顺-2-丁烯)一1一x0.7619mol·L-11m0l·L1-0.7619m0l·L+0.7619m0l·X100%=76.19%,B错误；如图关于相对能量与反应进程的关系图，反-2丁烯转化为顺-2丁烯，总能量增加，为吸热反应，则顺-2丁烯转化为反-2丁烯则为放热反应，升高温度，衡逆向移动，顺-2丁烯的物质的量分数增大，C正确；如图所示，顺-2-丁烯转化为反-2-丁烯则为放热反应，放出能量为bkJ·mol-1,则1mol氢气完全加成，所放出的热量顺-2丁烯比反-2-丁烯多bkJ,D错误。13.(16分)(1)496CuCl(2)O2(g)+4HC1(g)450℃2Cl,(g)+2H,01)△H=-126kJ·mol-1(3)放出热量31.5kJ(4)小于(5)V2O5+S02=2V204+S03【2025届高考一轮复核心素养测评卷·化学参考答案第20页】

17.(14分)某温度下，利用C02生产甲醇主要涉及以下两个反应。反应I:C02(g)+3H2(g)=CH30H(g）+H20(g)△H1=-49.4kJ/mol反应Ⅱ：C02(g)+H2(g)=C0(g)+H20(g)△H2=+41.2'kJ/mol回答下列问题：(1)反应I在条件下（填“低温”、“高温”或“任意温度”）下可自发进行。(2)恒温恒压条件下，将1molC0,(g)和3molH2（g)充入密闭容器中发生反应I和Ⅱ。①达到衡状态后再充入惰性气体，反应Ⅱ将移动（填“正向”“逆向”或“不”）。②在不同压强下测得CO2的衡转化率、CHOH(g)的选择性n(CH2OH)n(CH,0H)+n(co)×100%和n(C0)C0的选择性n(cH,0H)+n(co)×100%】随压强变化曲线如题17-1图所示。图中表示C02的衡转化率的曲线是(填“m”“n”或“p”);反应经10s达到A点衡，则用H2表示的反应速率为mol/s,反应Ⅱ的压强衡常数K。=(保留2位有效数字)。1008060n40A(150,30)200100200300400500600p/kPa题17-1图(3)我国科学家采用单原子Ni和纳米Cu作串联催化剂，通过电解法将C02转化为乙烯，其装置如题17-2图所示。已知：电解效率η(B)n(生成B所用的电子)×100%n(通过电极的电子)阴离子交换膜C0,电极性电COa6CH,=CHKOH溶液题17-2图①阴离子透过交换膜往(填“左”或“右”)移动；②纳米Cu上发生的电极反应为③若乙烯的电解效率为75%，电路中通过2mol电子时，制得乙烯的物质的量为化学试题第7页（共8页）