100所名校高考模拟金典卷·地理（一）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（一）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（一）23新高考JD地理LN第I卷（选择题共48分）1.我国企业在刚果（金）开发利用钴矿时大多需要自建一、选择题（本大题共16小题，每小题3分，共48分。在每小题给A.铁路出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)B.港口非洲国家刚果（金）钻储量占全球的一半，并拥有丰富的水力C.电厂©o所名校高考模拟金典卷资源，但均缺乏有效开发。2021年7月，我国L集团获得了该国最D.水厂大钻矿的开采权。下图示意2025年全球钻需求结构预测。据此完成13题。地理（一）一新能源电池一安通工具动力池(32%)→度质合会(6%)→其他川疏(17%)100所名校高考模拟金典卷·地理（一）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（一）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（一）23新高考JD地理LN答案C2.品位低的钴矿石在刚果（金）粗加工后再运回我国，其主要目的答案A解题分析刚果（金）是联合国公布的世界最不发达国家之是降低我国精炼钴企业的解题分析品位低的钻矿石经过粗加工后可以去除无用的废一，经济以农业、采矿业为主，工业欠发达。刚果（金）因其资源开A.原料运费矿物，在刚果（金）粗加工后再运回我国可以减少这部分运输的费发和殖民地时期的发展，铁路线路较多，需要修建的此重不大；由B.产品运费用，降低原料运输费用；产品是在我国生产出来的，再销往其他国于该区降水较多，河流众多，西部沿海地区及河流沿线均有港口分C.能源成本家，产品运费与在刚果（金）进行原料粗加工无关；在刚果（金）粗加布：其虽拥有丰富的水力资源，但缺乏有效开发，造成电力能源不D.劳动力成本工，在我国精加工，减少的是无用废矿的运输费用，有可能降低能足，限制了工业发展，故需要修建电厂；刚果河及其支流众多，水资源成本，但这不是主要目的：在我国精加工，用工成本基本没变源较为丰富。100所名校高考模拟金典卷·地理（一）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（一）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（一）23新高考JD地理-LN3.钴产业链的形成与发展有利于我国答案D云南省元阳县阿者科村是保留较为完整的哈尼族古村落，正①提升钴产业在全球的产业优势②调整交通运输结构③大解题分析延长钴产品产业链，增加产业附加值可以提高钴采用公司化经营模式发展旅游业。当地传统特色民居蘑菇房（状幅增加钴矿石出口产业在全球的产业优势，①正确。钴产业的发展与交通运输结构如蘑菇)多分为3层，中层住人，内设有常年不灭的方形火塘。下图④节能减排有效推进无关，@错误。钴矿石的出口国是刚果（金），并不是我国，③错误示意云雾中的阿者科村蘑菇房景观。据此完成45题。A.①②钴产业的延伸方向有新能源方向，可以大大减少对传统能源的使4.【典型情境题】当地居民保持火塘常年不灭B.②③月，有利于节能减排，①正确。的自然原因是C.③④A.风力较小D.①④B.冬季寒冷C.空气潮湿D.燃料缺乏

100所名校高考模拟金典卷·化学（五23新高考JD化学-LN00所名校高考模拟金典卷·化学（五）23新高考JD·化学-LN18.【典型情境题】(13分)丙烯、丙烯腈是合成纤维、合成橡胶和合成树脂的重要单体。,的体积分数(1)已知下列热化学方程式：i.CH2=CHCH (g)+Cl2(g)=CH2CICHCICH (g)H1=-133kJ·moli CH2-CHCH (g)+Clz (g)-CH2-CHCH2CI (g)②一定温度下，该反应的正、逆反应速率与C2H、C3H。的+HCI(g)△H2=-100kJ·mol-浓度关系为vE=kEc3(C2H),v逆=k道c2(C3H6)(k正、k道在相同条件下，CH2 CHCH C1(g)+HCI(g)是速率常数)，且lgvE~lgc(C,H,)或lgv港~lgc(CH)的CH2C1CHC1CH(g)的正反应活化能E为132kJ·mol1,关系如图3所示。向恒容密闭容器中充入一定量CH,反则逆反应的活化能E逆，为k·mol-1。应进行mmin后达衡，测得c(CH)=l.0mol·L1,该温度下，衡常数K=(用含a、b的计算式(2)图1为丙烷脱氢在Pt/Cu(111)SAA、PtCu(111)和表示)。Pt(111)作催化剂时的能量曲线(TS表示过渡态，吸附在催化剂表面的物种用标注)。100所名校高考模拟金典卷·化学（五）23新高考JD:化学-LN100所名校高考模拟金典卷·化学（伍）23新高考JD化学-LN答案(1)165(2分))(2)①Pt(111)(1分)3②I(2分)③任何温度(2分)20868(3)①>；催化剂乙、反应温度200℃4②104-b(各2分)1.1708解题分析(3)②由化学方程式3C2H,(g)一2C3H(g)可0.730.4知，正反应速率与乙烯的浓度有关，逆反应速率与丙烯的浓度有关，故vE的斜率更大一些，由速率公式可得lgvE=gk玉十3lgc(C2H),lg=lgk是+2lgc(CH6),由图可知当lgc(C2H)和HSlgc(C3H6)均为0时，lgv正=a,lgv道=b,则lgvE=lgk正=a,k正=图110,lgv=1gk=b,k=10的，则该反应达到衡时，vE=v,即①相同条件下，选择(填催化剂)作催化剂时脱氢速率最快。k=心(C,H,)=kec2(C,H),则衡常数K=c(CH}=三=10Γc3(C2H)k10=10-6。100所名校高考模拟金典卷·化学（五）23新高考JD化学LN100所名校高考模拟金典卷·化学（伍）23新高考JD化学LN②由图1可知，若选择Pt/Cu(111)SAA催化丙烷脱氢制丙烯，决速步为反应(填“I”、“Ⅱ”、“Ⅲ”或“V”)。③丙烷还可通过CO2氧化脱氢制丙烯，反应为C3H(g)+19.(14分)化合物G俗称依普黄酮(),是CO2(g)C3H6(g)+H2O(g)+CO(g)△H<0,该反应能够自发进行的条件是(填“高温”、“低温”种抗骨质疏松药物的主要成分。以甲苯为原料合成该化合物或“任何温度”)。的路线如下图所示(3)乙烯是合成工业的重要原料，一定条件下可发生反应：3C2H(g)2C3H6(g)。Ca个C A0Co"①分别在不同温度、不同催化剂下，保持其他初始条件不Br变，发生上述反应，重复实验，经相同时间测得C2H,体积分数与温度的关系如图2所示。在催化剂甲作用下，图2中M点的速率v正(填“>”、“<”或“=”)造，根据图回答下列问题：2所给信息，增大乙烯的转化率应选择的反应条件为(1)F中含氧官能团的名称为;反应F—→G的反应类8

22.（共14分，除标注外，每空1分)(1)当具有相同的电子层结构时，L计核电荷数较大，对核外电子的吸引能力大正四面体sp8×7+4×16(2)N(0.4665×10-7)3(2分)(3)①Mg(OHh、Ca(OH2(2分)②反应Li2C03(sHCa2+(aq)=2Lit(aq)+CaC03(s)的衡常数K=(25/28)×107>1×105,可以使溶液中的Ca+比较彻底的转化为CaCO3,同时不引入其他杂质(2分)③蒸发浓缩趁热过滤④不稳定2Lit+2HCO;=Li2CO3↓+CO2↑+H20(2分)23.(共10分，除标注外，每空2分)(1)氯乙烯(1分)C17H9O3N(1分)醛基、醚键(2)(1分)(3)消去反应(1分)CH-CHCHOHCuCH-CHCHO+022△+2H200、OHHCOOHO-CHO-CHOOH(4)CHOCHOCHOCHO(或其他合理答案，每个1分，共2分)(以上试题其他合理答案或说法、解释也可给分)2

二、非选择题：本大题包括必考题和选考题两部分，第17~20题为必考题，每道试题考生都必须作答。第21-22题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题：共37分。17.(7分)R、W、X、Y、M是原子序数依次增大的五种主族元素。R的最常见同位素的原子核中不含中子。W与X可形成两种稳定的化合物：WX和WX,。工业革命以来，人类使用的化石燃料在燃烧过程中将大量X,排人大气，在一定程度上导致地球表而均温度升高，Y与X是同一主族的元素，且在元素周期表中与X相邻。(1)X,的电子式是(2)R,X、R,Y中，稳定性较高的是(填化学式)。(3)S与Y是同一主族元素，且在元素周期表中与Y相邻。①根据元素周期律，下列推断正确的是(填字母)。A.Se的最高正化合价为+7B.H,Se的还原性比H2Y强C.H,ScO,的酸性比H2YO,强D.SeO,在一定条件下可与NaOH溶液反应②室温下向SO2固体表面吹人NH,可得到两种单质和H,0,该反应的化学方程式为(4)科研人员从矿石中分离出一种氧化物。化学式可表示为M,0,。为确定M元素的种类。进行了一系列实验，结果如下：①M的相对原子质量介于K和Rb(铷)之间；②0.01molM,0,在碱性溶液中与Zn充分反应可得到M的简单氢化物。反应完全时，被M,0,氧化的Zn为0.06mol。综合以上信息推断，M可能位于元素周期表第族。18.(9分)以粉煤灰（主要成分为A20,、Si02、含少量F20,)为原料，制取Al,0部分工艺流程如下：粉煤灰浓盐酸速液试剂XAiCHog等HC2AGCl,:6HO①过滤②操作a③结晶④煅烧A10产品已知25℃时：K[A1(0H),]=1×10-”,K,[Fe(0H),]=1×10-8,当离子浓度低于105mol·L1时认为沉淀完全。(1)粉煤灰加人到NaOH溶液中，反应后所得溶液中溶质有过量的NaOH、（填化学式)。(2)“操作a"的名称是(3)为达步骤②的目的，控制pH的最小值是(4)步骤③“结品”过程中向A1C,浓溶液中通人HCI气体的原因是(5)上述流程可循环利用的物质是（填化学式)。(6)工业上通过产品A山，0，制取铝单质的化学方程式是19.(10分)K,[F(C,0),]·3H,0[三草酸合铁（Ⅲ）酸钾晶体]，易溶于水，难溶于乙醇，具有光敏性，光照分解，可作为有机反应的催化剂，实验室可用铁屑为原料制备，相关反应的化学式为Fe+H2 SO =FeSO +H2 1FeS0,+H2C,04+2H,0=feC,04·2H20↓+H2S02FC,0,·2H,0+H202+H,C20,+3K,C,0,-2K,[Fe(C,0,)]+6H,02Mn0,+5C,0+16H'=2Mn2++10C02↑+8H,0问答下列问题：(1)铁屑中常含硫元素，因而在制备FS0,时会产生有卷的H,S气体。该气体可用氢氧化钠溶液吸收，下列吸收装置正确的是(填字母)。ACD(2)向草酸亚铁沉淀中加人饱和K,C,0,溶液，保持温度为40℃，恒温搅拌下逐滴滴加H,0溶液，最后逐滴加人饱和H,C,0,溶液至溶液变成尧绿色，将溶液旅发浓缩后，冷却析出三草酸合铁（Ⅲ）酸御品体。其实验装置如图：化学第4页（共6页）》

100所名校高考模拟金典卷·化学（八）23新高考JD化学-HUN100所名校高考模拟金典卷·化学（八）23新高考JD化学-HUN答案B二、选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的解题分析本题考查电化学工作原理及应用。M室中石墨电四个选项中，有一个或两个选项符合题目要求。全部选对得4极为阳极，电解时阳极上水失电子生成O2和H+,电极反应式为分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。2H2O一4eO2个十4H+,A项正确；原料室中的B(OH)4通过11.【典型情境题】萝卜硫素（结构如图所示）是具有抗癌和美容效b膜进入产品室，Na+通过c膜进入N室，M室中的氢离子通过a果的天然产物之一，该物质由A、W、X、Y、Z五种短周期主族元膜进入产品室，则a膜、c膜为阳离子交换膜，b膜为阴离子交换膜，素组成，已知该五种元素的原子序数依次增大，Y、Z的原子核B项错误；N室中石墨电极为阴极，电解时阴极上水得电子生成H外最外层电子数相等。和OH-,原料室中的钠离子通过c膜进入N室，溶液中c(NaOH)增大，则N室中a%为S,Y为O,W为C,X为N,A为H。Y为O,Z为S,电负性：Kp,溶液过饱和，m点有BaSO,沉淀生成，B项正确；n点可通过O>S,A项错误；X和Z的最简单氢化物分别为NH、HS,其水增大c(Ba+)使Q.=Kp,即加入BaCl2固体可使n点移动到p点，溶液分别呈碱性、酸性，B项错误；WYZ分子的结构式为C项正确；溶解衡是吸热过程，升高温度，促进衡正向移动，SC一O,分子中各原子最外层都满足8电子稳定结构，C项正K增大，点应不在同一条曲线上，D项错误。确；W、X、Y的最简单氢化物分别为CH4、NH3、HO,热稳定性最大的是H2O,D项正确。23新高考·D·化学-HUN

100所名校高考模拟金典卷·化学（十一）》23新高考JD化学-HUN100所名校高考模拟金典卷·化学（十一）23新高考JD化学-HUN第Ⅱ卷(非选择题共54分)答案(1)B(1分)三、非选择题：本题共4小题，共54分。(2)①干燥管；碱石灰（或其他合理答案）（各1分）15.(12分)SS可用作光谱纯试剂等，可由碳还原硫酸锶制得，反②abcdefijgh(hg)efk(2分)应的化学方程式为3C+2SrS0,△SrS+Sr0+S0,++2C0,③CuO+C0△C0,十Cu(或其他合理答案)(1分)个+CO个。④E中品红溶液褪色(1分)：H前的G无明显现象，H中黑色(1)某同学欲选用合适的发生装置制备SS,选择的装置是的氧化铜转化为红色的铜，H后的G中澄清石灰水变浑浊(2分)(填字母)。(3)b(1分)；向溶液中加入少许氯化锶（或其他可溶性锶盐）固体(2分)100所名校高考模拟金典卷·化学（十一）23新高考JD·化学-HUN100所名校高考模拟金典卷·化学（十一）23新高考JD化学-HUN(2)为了验证收集的混合气体中含有SO2、CO,利用下列装置完16.【典型情境题】(13分)一种从废旧锂离子电池（主要含LiCoO2成该实验（有的装置可以重复使用）。及少量Al、Cu)中回收铝、铜，并重新制备钴酸锂的工艺流程如下：程紧应向-亩向“留“圆肠硫酸(N,)C0,煤油反茶取剂①装置I的仪器名称是,I中应装试剂的名称是液】H0,帝器一.LCO.②按气流方向从左向右仪器导管口的连接顺序为混合气集回答下列问题：气瓶导管口→(1)向“滤液1”中加入适量的盐酸，调节pH为4.5，可获得A1(OH)3,写出该反应的离子方程式：③仪器H中发生反应的化学方程式为(2)向“残渣”中加入稀硫酸和H2O2溶液，放出大量气泡，写出LiCoO2与H2O2反应的化学方程式：④证明混合气体中有二氧化硫气体的实验现象是100所名校高考模拟金典卷·化学（十一）》23新高考JD·化学-HUN100所名校高考模拟金典卷·化学（十一）23新高考JD化学-HUW:证明混合气体中有一氧化(3)为沉淀Co2+,向“滤液2”中加入(NH4)2C2O4而不是碳气体的实验现象是Na2C2O1。结合如下数据说明其原因：。[已知：25℃时，0.1mol·L1的(3)常温下，反应原料SSO4在水中的沉淀溶解衡曲线如图Na2C2O4溶液的pH约为8.35，Co(OH)2的Kp=6.0×所示。有沉淀生成的点是,将d点转10-15,假设溶液中c(Co2+)=0.1mol·L-1]变为c点可采取的操作是(4)RH萃取Cu2+的原理可表示为Cu2++2HR=CuR2+↑c(Sr产)/molL2H+。实验室中进行萃取、分液实验时用到的玻璃仪器有；向有机层中加入反萃取剂(填化学式)可将Cu+反萃取至水层。4x10 e(SO )/(mol-L)(5)碘量法测定硫酸铜晶体中结晶水含量的实验原理涉及如下反应：2Cu2++4I-2Cul￥+l2,Cul+SCN-CuSCN￥+I,12+2SO⅓—2I-+SO%。实验过程：准确称取mn g CuSC0,·xH2O于250mL碘量瓶23新高考·D·化学-HUN

答案B第Ⅱ卷（非选择题共56分）解题分析本题考查衡图像分析。根据图像分析，压强一二、非选择题：本题共4小题，共56分。定，温度升高，FO4的衡转化率增大，该反应的正反应为吸热反17.(14分)SS可用作光谱纯试剂等，可由碳还原硫酸锶制得，反应应，即△H>0,A项正确；温度一定时，压强增大，衡逆向移动，FeO4的衡转化率减小，故p1c(MnO)>c(H+)>c(OH-)气瓶导管口→D.d点所示溶液中：c(NH)+c(H+)=c(MnO4)+c(OH-)③仪器H中发生反应的化学方程式为答案C④证明混合气体中有二氧化硫气体的实验现象是解题分析本题考查电解质溶液及三大守恒。a点时0.1mol;证明混合气体中有一氧化·L-1的HMnO4溶液中水电离的c(H+)=10-18mol·L-1,则说碳气体的实验现象是明HMnO4为强酸，A项正确；c点时水电离的c(H+)最大，说明c点时酸碱恰好中和，V=20,B项正确；c点时c(MnO)>c(NHt)(3)常温下，反应原料SSO4在水中的沉淀溶解衡曲线如图>c(H+)>c(OH-),C项错误；根据电荷守恒得c(NH)+所示。有沉淀生成的点是c(H+)=c(MnO)十c(OH-),D项正确。↑c(Sr2)/molL)5x10ra b4x103 c(SO )/(mol-L-)23新高考·JD·化学-G DONG

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1008405007501000125015001750温度/℃①压强P1P2P,P4由小到大的关系为②对于气相反应，用某组分(B)的衡压强p(B)代替物质的量浓度©(B)也可表示衡常数(记作K,),如果p,=2MPa,计算X点的衡常数K,=MPa'(用衡分压代替衡浓度计算，结果精确到0.01)③下列能说明该反应已达衡状态的是(填字母)a.单位时间内有4molC-H键断裂，同时有4molH-H键生成.混合气体的均相对分子质量不随时间变化c.混合气体的密度不随时间变化d.体系中n(C02)保持不变太阳光(4)科学家研究出如图所示装置，可以将温室气体C0,转H,0化为燃料气体C0。该装置工作时，H移动的方向为(填“a→b”或“b一a”),b电极的电极反应式为质子交换膜17.(15分)草酸钴可用于指示剂和催化剂。工业上用水钴矿（主要成分为C0,0,含少量Fe,O,、Al,0,、Mn0、Mg0、Ca0、Si02等)制取CoC,0,·2H,0的工艺流程如图所示：盐酸NaF溶液萃取剂QNH42C2O4溶液①加Na2C03水钻浸出-浸出液调pH全52滤液→滤液口CoC2042H20②过滤Na2S03沉淀萃取剂层已知：①浸出液含有的阳离子主要有H、Co2、Fe2、Mn2、Mg2+、A,Ca2等；②酸性条件下，C10不会氧化Co2,C10,转化为C;③部分阳离子的氢氧化物沉淀时溶液的pH如下表：沉淀物Fe(OH),Fe(OH),Al(OH)Co(OH)2Mn(OH)2开始沉淀2.77.64.07.67.7完全沉淀3.79.65.29.29.8(1)浸出过程中加入Na,S0,的主要目的是,C0,0,发生反应的离子方程式为(2)向浸出液中加入NaC1O,发生反应的离子方程式为(3)“加Na,C0,调pH至5.2”，过滤所得沉淀的成分为(填化学式)。富县2023届高三化学摸底考试-6-（共8页）

S02→吸收结晶→湿料→气流干燥→NaHSO3中和(pH=8)←一母液纯碱、水A.吸收过程中有气体生成B.结晶后母液中含有NaHCOC.气流干燥湿料时温度不宜过高D.中和后溶液中含Na,SO,和NaHCO317、下列由实验现象所得结论错误的是（)A.向NaHSO,溶液中滴加氢硫酸，产生淡黄色沉淀，证明HSO?具有氧化性B.向酸性KMnO,溶液中加入FeO,粉末，紫色褪去，证明FeO,中含Fe(I)C.向浓HNO3中插入红热的炭，产生红棕色气体，证明炭可与浓HNO3反应生成NO,D.向NaCIo溶液中滴加酚酞试剂，先变红后褪色，证明NaCIo在溶液中发生了水解反应二、填空题（共49分)18.（10分)化学与生活、生产息息相关，请运用化学知识回答以下问题.(1)工业上用磁铁矿炼铁的原理(用化学方程式表示)(2)汽车尾气排放出的气体主要有NO和NO,,它们污染环境，可用氨气除去.写出NO,与NH?反应的化学方程式(3)将气体NO,充满干燥烧瓶，将烧瓶倒置于水中，瓶内液面逐渐上升，假设烧瓶内溶液不扩散，则最终该溶液中溶质的物质的量浓度为」mol .L-.(4)S02与潮湿的C12均有漂白性，1：1混合，没有漂白性，写出相关离子方程式SO,与BaCl2溶液不反应，若充入NH,生成难溶物一，若加入Fe3+生成难溶物(用化学式表示).19.（13分)部分物质间的转化关系如下图所示（部分物质已省略.已知A→B是实验室制取黄绿色气体的主要方法之一，H的焰色呈黄色)，请完成下列填空·

教学高三第一轮复周测卷礼记②根据上述实验药品的用量，四口烧瓶的最适宜规格为(填字母)。A.250 mLB.500 mLC.1000mLD.2000mL③生成MgCO·nHO的离子方程式为Ⅱ.测定合成的MgCO3·nH2O中的n值：方法：称量1.000g碳酸镁晶须，放入图1所示的广口瓶中，加入水，滴入稀硫酸与晶须反应，生成的CO2被过量的NaOH溶液吸收，在室温下反应4~5h,反应后期将温度升到30℃，最后，烧杯中的溶液加足量氯化钡溶液后过滤，用标准盐酸滴定过滤后的溶液至中性，从而测得CO2的总量；重复上述操作2次。(3)用标准盐酸滴定时，应将标准盐酸注入图2(填“A”或“B”)中。(4)设NaOH溶液为amol·L-1bmL。3次实验测得消耗cmol·L-1的盐酸的体积均值为dmL,则n值为(用含a、b、c、d的代数式表示)。气球马稀硫酸B、烧杯NaOH溶液MgCO3·nHO电磁搅拌子申磁搅拌器图1图2【解题分析】(4)已知NaOH溶液为amol·LbmL,3次实验测得消耗cmol·L-1的盐酸的体积均值为dmL,则吸收二氧化碳消耗的NaOH的物质的量为a×b×10-3mol-c×dX10-3mol=(ab-cd)X10-3mol,依据元素守恒可知，碳酸镁物质的量为心，心X103mol,根据化学式可知，碳酸镁晶须(MgCO·nH,O)中碳酸镁和结2晶水物质的量之比为1：，所以1：n=延×1031g-84×h2×103g18g·mol-1解得m=1000-42(ab-c山9(ab-cd)【答案】(1)500mL容量瓶；胶头滴管（各1分）(2)①水浴加热(1分)②C(2分)③Mg2++(n-1)H,O+NH·H2O+HCOs=MgCO·nHOV+NHt(2分)(3)A(2分)（4)100,-42abc(3分)9(ab-cd)24【23新·G3ZCJ·化学-R-HAIN】

心3/1026Fe、27C0、28Ni、29Cu是目前氨硼烷水解产氢催化剂研究的热点。不同催化剂催化氨硼烷水解产氢的性能如图所示。500Co400Cu300100Fe50015002500时间/s这四种催化剂中：①催化效果最好的金属基态原子中未成对的电子数为②催化效果最差的金属基态原子的价层电子排布式为16,(9分)氢能是一种清洁能源，按照生产过程中的碳排放情况分为灰氢、蓝氢和绿氢。(1)煤的气化制得灰氢：C(s)+H2O(g)一C0(g)+H2(g)。该反应的衡常数表达式K=。该方法生产过程有C02排放。（2)甲烷水蒸气催化重整制得蓝氢，步骤如下。I1.H2的制取：CH4(g)+H20(g)→CO(g)+3H2(g)△H>0①为提高CH4的衡转化率，可采取的措施有一一（写出两条即可）。I.H2的富集：C0(g)+H20(g)→C02(g)+H2(g)△H<0②已知830℃时，该反应的衡常数K=1。在容积不变的的密闭容器中，将2molC0与8molH20混合加热到830℃，反应达衡时C0的转化率为_。Ⅲ，用Ca0吸收C02实现低碳排放。C0消耗率随时间变化关系如图所示。60T5040303200000000009100050100150200250300t/min国比较温度高低：万2（填”>"或”<"）。(3)热化学硫碘循环分解水制得绿氢，全程零碳排放。反应如下：反应i:S02(g)+2(g)+2H20(g)=H2S040+2HI(g)△H=-82kJmo1反应i:2H2S04(0=2S02(g)+02(g)+2H20(g)△h=+544kJmo1反应ii:反应i~ii循环实现分解水：2H20(g)=2H2(g)+O2(g)△H=+484k小mo1。写出反应的热化学方程式-04/3

化学参考答案及解析2.52g4.50g(90+18m)g/mol=22g/mo,解得n=2。CrO-生成时，理论上消耗4.5molH2O2;温度高会导致较多的H2O2分解，故“氧化2”中加热的温度23.(14分)应较低。(1)十6(1分)制作光导纤维、光学玻璃(1分，其他(5)由Na2Cr2O,、Na2SO1溶獬度随着温度变化可合理答案也给分)知，Na2SO4的溶獬度随着温度的升高增大的较少而(2)2VO++S2O%+2H20—2VO2+2SO￥+Na2Cr2O,则增加很多，做蒸发浓缩过程中首先析出4H(2分)Na2SO1,趁热过滤后再降温结晶得到Na2Cr2O,囚(3)2VO2+(x-1)H2O+2OH-=V2O,·xH2O此蒸发浓缩过程中析出Na2SO4后剩余溶液中(2分)1×10-29.7(2分)Na2SO1仍是饱和的，故再降温结晶时得到的是(4)4.5(2分)温度过高会导致H2O2分解(2分)Na2SO4、Na2Cr2Oz的混合物。(5)Na2SO4(1分)混合(1分)24.(15分)【解析】(1)由于Na2S2Og中存在一个过氧键，即有(1)C2H6(g)=C2H4(g)+H2(g)△H=2个氧显一1价，故由化合价规则知硫元素为十6+134kJ·mol-1(2分)为乙烷脱氢生成乙烯提供价；“酸浸”时，SO2不与稀硫酸反应，滤渣成分是能量(1分)SiO2,可用于制作光导纤维、光学玻璃等。(2)①温度(2分)<(2分)(2)反应过程中S2O表现氧化性，还原产物为②0.24mol·L1·min1(2分)1.8(2分)=(1分)SO,相应的离子方程式为2VO++S2O%(3)I1分)当nCH.)<2时，0，过量，2H20=2VOg+2S0+4H+。n(O2)(3)可先写出2VO2→V2O,·xH2O,然后根据电荷n(CH)越小，0，过量的越多，乙烷的转化率越大，n(O2)守恒、质量守恒得生成VO·xH2O的离子方程式过量的O2可氧化乙烯，导致乙烯的选择性和收率越为2VO2十(x-1)H2O+2OH-=V2O5·xH2O;低(2分)由题可知，当pH>4.1时，Cr+开始沉淀，此时溶液【解析】(1)根据盖斯定律，0.5×①-②一0.5×③的c(OH-)=1×10-9.9mo1/L,Kp[Cr(OH)3]=1可得C2H6(g)C2H4(g)十H2(g)△H=×10-29.7。十134kJ·mo-1;由于乙烷脱氢生成乙烯需要吸收(4)“氧化2”中Cr3+→CrO,1mol还原剂失去热量，而乙烷部分氧化时会放出热量，放出的热量满3mol电子，H2O2被还原为H2O,1molH2O2得到足乙烷脱氢需要吸收的热量。2mol电子，由得失电子守恒可知，当有3mol(2)①由于乙烷脱氢是吸热反应，其他条件相同时，

【解题分析】在稀溶液中，强酸跟强碱发生中和反应生成1ol水时所释放的热量叫做中和热，醋酸为弱酸，电离时吸收热量，若用醋酸稀溶液和NOH稀溶液反应来测定中和热会导致测定结果产生误差，A项错误；需要加热的反应不一定是吸热反应，可能是放热反应，如需要加热的铝热反应为放热反应，B项正确：热化学方程式巾化学计量数表示物质的量，不表示分子个数，项错误；1ol甲烷完全燃烧生成液态水和二氧化碳所放出的热量就是甲烷的燃烧热，D项错误。9.A【解题分析】已知：①(g)—(g)+H(g)△H=+100.3k·mol',②H,(g)十12(g)一2HI(g)△H2=-11.0k·mol1。根据盖斯定律，由①+②可得反应)(g)十1(g)一〔(g)+2HI(g)△H=+89.3kJ·mol1,A项正确。10.B【解题分析】丙烷充分燃烧生成CO2和水，CO2和NaOH反应生成NaHCO3,化学方程式为CO2十NaOH一NaHCO3,根据化学方程式知，n(CO2)=n(NaOH)=6mol·L1X0.1L=0.6mol,丙烷的燃烧热是指1mol丙烷完全燃烧生成二氧化碳和液态水放出的热量，根据C原子守恒得m(C,H,)=mC0,)X号=0.6mol×号-0.2mol,0.2mol丙烷完全燃烧放出xQkJ热量，则1mol丙烷完全燃烧放出的热量为5.xQkJ,因此丙烷的燃烧热△H=-5xQkJ·mol-1。11.B【解题分析】根据图中内容，可以看出N2H4(g)+O2(g)一2N(g)+4H(g)+2O(g)△H3=2752一534=十2218kJ·mol-1。化学反应的焓变等于产物的总能量与反应物总能量的差值，旧键断裂吸收能量，新键生成释放能量，设断裂1molN一H键所需的能量为xkJ,旧键断裂吸收的总能量为154+4x+500=2218,解得x=391。12.A【解题分析】1 mol SO2通入1L2mol·L1KOH溶液中，生成1molK2SO3,放出ykJ的热量，由此可得SO2(g)+2KOH(aq)一K2SO3(aq)+H2O(l)△H=-ykJ·mol-1①。32gS02(0.5mol)通入750mL1mol·L1KOH溶液（含0.75 mol KOH)中充分反应，生成K2SO3、KHSO3各0.25mol,测得反应放出xkJ的热量，其热化学方程式为2SO2(g)+3KOH(aq)-K2SO3(aq)+KHSO3(aq)+H2O(I)△H=-4xkJ·mol-1②。由②-①可得SO2与KOH溶液反应生成KHSO3的热化学方程式：SO2(g)十KOH(aq)KHSO3(aq)△H=-(4.x-y)kJ·mol-1,A项正确。13.D【解题分析】5mol混合气体完全燃烧生成CO2和H2O(1)共放热3695kJ,设H2与CH的物质的量分别为xmol、ymol,根据两个热化学方程式列方程组可得联立方程式：x十y·28【23·G3DY(新高考)·化学·参考答案一R一必考一G DONG】

体来自其母亲、传给其女儿、A项正确：正常人的体限胞中，染色体数为一，男性的座色华有2红种形性的染色体有23种形态，B项错识，循叫综合征的将因是5号染色休部分然失，南民绵合征是染色华数目多一条引起的遗传病，C项正确：染色休异常别起的流传地者，其体能中不有孩物因，D项正收D【佩析】本题主要考查植物的光合色素及相关代前考宣学生的失取情的能力。两种实变体的出为生物述化提供了原材料，A项正物，突变休的叶学聚含量于突堂休的闲突变体：吸收红光的能力更强.B项正确，突变体1因光合作用期可能会最先粘装，然至死亡，C项正确：两种夹变体光合色素含量的差异，可能是同种基因突变的方向不同所致，D项错误。山.A【解析】本愿主要考查神经系统的组成，结构与功能，考查学生的理解能力和获取信息的能力。组政神经系统的细胞主要包括神经元和神经胶质细胞两大类，其中神经元是神经系统结构与功能的单位，神经元数量少于神经胶质细胞数量，A项正确：大脑皮层第一运动区代表区范围大小与运动的精细程度星正相关。B项错误，交感神经和副交感神经组成自主神经系统，受中枢神经系统的控制，℃项错误，神经调节的基本方式是反射，完成反射的结构基础是反射弧，感觉的产生不经过传出神经和效应器，不属于反射D项错误。12B【解析】本题主要考查种群的数量特征、种群数量的变化等，考查学生的理解能力和获取信息的能力。11,则种群数量在减少，可见209年布氏田鼠的种群数量比2003年时的少，A项错误，布氏田鼠活劲能力强，活动范围较大，用标记重捕法调查其种群数量，该数值与实际种群密度接近，B项正确，种群数量呈了形增长时，>1，且保持不变，C项错误：分析预测布氏田鼠种群数量的未来变化趋势的依据是种群的年龄结构，D项错误。13D【解析】本题主要考查群落的结构、生态系统的能量流动等，考查学生的理解能力和获取信息的能力。生物浮床技术的应用使得水域群落的水结构和垂直结构都复杂化，A,B项正确：通过不断收制浮床植物能输出植物通过根部吸收的N、P等元素，达到降低水体富营养化程度的目的，C项正确，植物不能吸收污水中的有机物，也就不能同化利用有机物中的能量，D项错误。14,A【解析】本题主要考查人类活动与生态环境的关系，考查学生的理解能力和获取信息的能力。增大饮食结构中肉类食物的比例，会增大生态足迹，A项正确：建立自然保护区（就地保护），是对生物多样性最有效的保护，B项错误；引入外来物种，一旦造成生态入侵，会使本地物种种类减少，导致群落结构变简单，C顶错误，保护生物多样性，不是禁止开发和利用野生生物资源，而是合理开发和利用野生生物资源，D项错误。15.B【解析】本题主要考查微生物的实验室培养、动物细胞培养、植物组织培养等，考查学生的理解能力和获取信息的能力。优良酿酒酵母的筛选、肺炎链球菌的体外转化、将转基因植物细胞培养成试管苗都需要用固体培养基，杂交瘤细胞的体外扩大培养，需要用液体培养基。因此本题选B项。16.D【解析】本题主要考查微生物的实验室培养，细胞工程、胚胎工程等，考查学生的理解能力和获取信息的能力。单菌落的获得、培养杂交瘤细胞都依赖细胞的增殖，胚状体已经分化，由胚状体长芽，生根、发育成试管街不能休现细胞的全能性，对早期胚胎均等分朝，移植获得同卵双胎，说明该压胎或其部分细胞具有发育的全能性。综上所述，本题选D项。立B蝶折)本是主要考查漆透作用、光合作用、组胞呼服以及组成级跑的分子等，考查学生的理解能力获取货能的能力和实验与探克能力。高盐条件下作物光合作用速率降低主要与根系吸水减少，导致叶片的部分气孔关闭，C0,供应不足有关，A项错误：据题表可知，随着土壤液盐分含量的增加，品种甲净光合速率(C0,吸收速率)降低的幅度较小，因此耐盐能力较强，B项正确，虽然品种甲在实验条件下CO,吸收速率较高，但作物产量还受呼吸速率等因素的影响，不知其呼吸速率，因而不能判断全天积累的有机物的差异，C项错误：淀粉的组成元素不含氮元素，D项错误。【解析)本题主要考查基因型的分析，考查学生的理解能力、获取信息的能力和综合运用能力。若该病逸性遗传病，由于Ⅱ-1不携带致病基因，则其子女不可能患该病，与题图中信息不符，因而该病是显性遭者是件X染色体显性造传期，由于3服病，测其母素11携带改前然因，与题意不符，综上所迷，道

5G三、非选择题：木部分包括5题，共计57分。20.(1分)玉米是C,植物，北维管束鞘细胞的叶绿体没有非粒只有间质片层，叶肉细胞的叶绿体有基粒。进行光合作用时，叶肉细胞中对C02高亲和功的PEP羧化酶催化CO2固定产生四碳化合物(C,途径)，然后运输到维管束精细胞中分解，释放出C02用于卡尔文循环。如下图1所示，请回答：C:图1图2(1)光合色素中合成需要光的是▲，光合色素吸收的光能将水分解为氧和矿，H、©与▲结合，形成还原型辅酶Ⅱ(2)图2是玉米中叶绿体的显微照片，其中▲（填“甲”或“乙”）是维管束鞘细胞叶绿体，玉米进行卡尔文循环的场所在▲（填“甲”或“乙”）的基质。(3)玉米维管束鞘细胞中C02浓度比叶肉细胞▲（填“高”或“低”），在高温、强光照、干早环境中玉米具有C4途径的意义是▲2分)。(4)光合作用中产生ATP的常见方式是叶绿体利用光能驱动电子传递建立跨膜的质子梯度(△Hr),形成质子动力势，质子动力势推动ADP和Pi合成ATP已知NH,CI可消除类囊体膜内外质子梯度（△H),科研人员利用不同浓度的NH,C溶液处理玉米的两种叶绿体，并测定ATP的相对含量，实验结果如下表：维管束鞘细胞叶绿体光叶肉细胞叶绿体光合威处理合破酸化活力酸化活力molesATP/ng.chLh对照91.10135.91×10-5M85.82104.7110-M77.0976.24110M765.1835.235×103M55395.49①随着NH,C1溶液浓度的增加两种叶绿体产生ATP的相对含量下降的原因是▲，其中▲细胞叶绿体在生ATP相对含量下降得更明显。②根据实验结果，对玉米维管束鞘细胞叶绿体产生ATP的机制进行推测▲(2分)。2.(11分)已知细胞周期可分为分裂间期和分裂期(M期)，根据DNA合成情况，分裂间期又分为G,期、S期和G2期。流式细胞仪可根据细胞中DNA的含量对不同时期细胞分别计数。为实现细胞周期的同步化，科研人员用一定浓度秋水仙碱处理人乳腺瘤细胞，24h后用流式细胞仪检测，实验结果如下图1所示，请回答：高三生物试卷，第5页（共8页）

5.如图为某种群的出生率和死亡率随时间变化的示意图，2022一2023学年度高三一轮复周测卷（二十一）班级下列相关叙述正确的是出生率A该图可表示池塘中养殖的某些鱼类种群的增长生物·种群的特征，种群数量变化死亡率关注奇说教后B.该种群的数量不断增大，增长速率先增大后减小获取更多免费资源C.该种群的增长率不变，种群数量呈“丁”型曲线增长姓名(考试时间90分钟，总分90分)D该种群数量的增长速率主要受环境阻力的影响时间6.在某自然保护区中，a物种与b物种的种群数量变化如图所示，依据图中提供的一、选择题：本题共24小题，每小题2分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只信息判断，下列叙述错误的是得分有一项是符合题目要求的。带*题目为能力提升题，分值不计入总分。1.绵羊被引入塔斯马尼亚岛后，种群数量呈“S”型曲线增长，几十年后才稳定在170(1000万头左右。下列叙述正确的是160A.绵羊种群数量的变化与环境条件有关，而与出生率、死亡率变动无关120B绵羊种群数量在达到环境容纳量之前，每单位时间内种群增长的倍数不变C.若绵羊种群密度增大，相应病原微生物的致病力减小D,若草的生物量不变而种类发生改变，绵羊种群的环境容纳量可能发生变化1850187519001925年份2.种群密度是种群的数量特征之一，下列叙述正确的是A.a物种与b物种的种间关系是捕食，b为捕食者，a为被捕食者A.种群呈“S”型曲线增长时，K值是固定不变的B.a物种种群数量受b物种种群数量影响，但b物种种群数量不受a物种种群数B某林场中繁殖力极强的老鼠的种群数量增长曲线为“J”型量的影响C.鱼塘中某种鱼的养殖密度不同时，单位水体该种鱼的产量有可能相同C,a物种种群数量变化受出生率和死亡率的影响，还受迁入率和迁出率等因素的D,培养瓶中细菌种群数量达到K值前，种群密度对其增长的制约逐渐减弱影响3.某草原散养着某种家畜，其(K值一种群数量)/K值随种群数量的变化趋势如图D.a物种和b物种各自种群内均会出现种内斗争所示。下列叙述正确的是7.为探究大象是否会在旱季因争夺水源而导致其他食草动物种群密度降低，科学家10w进行了如下实验：记录水塘内有无象群时，其他9种食草动物在水塘内逗留的时间（单位：min);若象群使其他食草动物在水塘内逗留时间缩短，则视为其受到象群干扰而饮水阻止，将引起种群密度降低。调查结果如图所示。下列叙述错误的是0250100150200②水塘无象群种群数量圆水塘有象群A.(K值一种群数量)/K值越大，影响种群增长的环境阻力越大B.在S?点对应的时刻实施捕获，可获得该家畜的最大捕获量C.S2点时该种群的年龄结构是衰退型，此时种群的出生率小于死亡率DS;点对应的种群数量接近该种群在该环境中的稳定衡密度4.图甲为捕食者和被捕食者的数量变化曲线，图乙为二者随时间的数量变化曲线。7/1下列说法错误的是野牛长颈鹿黑斑羚角羚马羚羚牛疣猪角马斑马A.其他各种食草动物之间存在竞争关系B.象群的存在使黑斑羚和角马的种群数量下降C.调查以上草食动物的种群密度时可采用标志重捕法PD,象群对食肉动物的威慑可能为其他食草动物营造了安全的饮水环境0N,N,N,数量时间8种群的数量及其变化规律是研究种群的重要内容。下列有关种群数量变化的叙甲述，正确的是A.P代表捕食者，N代表被捕食者A.一定区域内某种群数量达到的最大值即为该种群的环境容纳量B.P3和V?代表二者的环境容纳量B.在种群增长的“S”型曲线中，种群增长速率随种群密度增大而降低C.图甲中①区域种群数量变化对应图乙中a时期C.年龄结构和性别比例均能通过影响出生率来间接影响种群密度D捕食关系对于维持种群数量稳态有重要作用D.对于危物种，要在种群数量超过K2之后才能砍伐或捕获利用生物·周测卷（二十一）第1页（共8页）生物·周测卷（二十一）第2页（共8页）

A,环状结构加强了ecDNA上致癌基因的表达B.ecDNA可能存在于细胞核中，但不遵循孟德尔遗传规律C.ecDNA中的每个脱氧核糖都与1个或2个磷酸基团相连D.同一个肿瘤细胞群体中，不同细胞携带ecDNA的数量可能不同【答案】C【解析】由题可知，绝缘子能阻断某些基因增强子的作用，癌细胞中的大量环状DNA(ecDNA)的出现，改变了增强子与癌基因的位置，导致原本不能发挥作用的较远距离的增强子能发挥作用，从而增强癌基因的表达，即环状结构加强了ecDNA上致癌基因的表达；ecDNA存在于染色体外且没有着丝点，因此在减数分裂过程中不会随染色体发生分离和自由组合，其遗传不遵遵孟德尔遗传规律，ecDNA可能存在于细胞核中；因为ecDNA是环状DNA,因此ecDNA中的每个脱氧核糖都与2个磷酸基团相连；因为肿瘤细胞分裂时，ecDNA是随机分配的，所以同一个肿瘤细胞群体中，不同细胞携带ecDNA的数量可能不同。13.脱氧核苷三磷酸(dNTP)和双脱氧核苷三磷酸(ddNTP,ddN一P。~Pa~Py)的结构均与核苷三磷酸(NTP)类似，其中dNTP核糖的第2位碳原子上的羟基（一OH)被氢原子取代，而ddNTP核糖第2位和第3位碳原子上的羟基均被氢原子取代。DNA复制时，ddNTP可以与dNTP竞争核苷酸链延长位点，并终止DNA片段的延伸。现有一些序列为5'一GCCTAAGATCGTA一3'的DNA分子单链片段，拟通过PCR获得被32P标记且以碱基A为末端(3'端为碱基A)的、不同长度的子链DNA。在反应管中加入单链模板、引物、底物、TagDNA聚合酶、Mg2+及缓冲溶液。下列叙述正确的是A.实验结束后最多可得到3种被2P标记的子链DNAB.反应底物是dCTP、dGTP、dTTP和y位2P标记的ddATPC.ddNTP与dNTP竞争的延长位点是脱氧核苷酸链的5'末端D.TaqDNA聚合酶在PCR中的作用是形成氢键和磷酸二酯键【答案】A【解析】分析题意可知，5'一GCCTAAGATCGTA一3'的DNA分子单链片段共有3个碱基T,因此利用PCR反应体系，最多可得到3种被32P标记的子链DNA;结合分析可知，反应底物是a位32P标记的dCTP、dGTP、dTTP和ddATP;DNA复制时，由5'端向3'端延伸，因此ddNTP与dNTP竞争的延长位点是脱氧核苷酸链的3'末端；TagDNA聚合酶能够催化脱氧核苷酸在DNA的3'端延伸，故其在PCR中的作用是形成磷酸二酯键。14.将果蝇(2=8)一个精原细胞的核DNA分子双链都用2P标记，并在不含32P的培养基中培养，让其先进行一次有丝分裂，然后进行减数分裂。下列有关叙述正确的是A.有丝分裂产生的2个精原细胞中，只有4条染色体带有32P标记B.第一次减数分裂过程中，初级精母细胞内有16个被32P标记的核DNA小谷车G个两阳武成度0C.第二次减数分裂后期，次级精母细胞内有8个被32P标记的核DNA素答D.产生的精子中，被32P标记的核DNA有0~4个【答案】D【解析】由于DNA的半保留复制，经过一次有丝分裂后，DNA复制了一次，且细胞分裂了一次，产生的2个精原细胞中每条染色体上的DNA分子都有一条单链带有32P标记，因此每条染色体都带有32P标记；减数第一次分裂过程中，经过一次半保留复制（每条染色体上有一条染色单体被标记，另一条未被标记），并且初级精母细胞此时还未分裂产生次级精母细胞，因此细胞内有8个被32P标记的核DNA;减数第二次分裂后期，已经由初级精母细胞分裂为次级精母细胞，同源染色体分离，每个同源染色体上均带有一个被标记的DNA,因此次级精母细胞内有4个被32P标记的核DNA;次级精母细胞分裂为精细胞的过程中，姐妹染色单体分离，并随机进入精细胞，且两条姐妹染色单体上的两个DNA分子中，一个有标记，一个没有标记，因此精子中被32P标记的核DNA数量为0~4个。15.DNA复制过程中遇到不利因素的现象，称为DNA复制胁迫。为了应对复制胁迫，生物体进化出了检验点，检测DNA复制是否正常并作出正确反应。Rad53是行使检验点功能的重要蛋白。研究人员发现当降低胞内dNTP(四种脱氢核苷酸)水时，Rad53缺失的细胞中，解旋酶复合体仍会前进并解开双链DNA,但以两条DNA单链为模板的复制速度不同，从而导致暴露出大段单链区域。下列说法错误的是A.真核细胞中DNA复制可发生在细胞核、线粒体等结构中B.降低dNTP水是为了使该细胞Rad53缺失·18·

2022-2023学年度高三一轮复周测卷（二十）生物·生长素及其他激素的生理作用。(考试时间90分钟，总分90分),贝一、选择题：本题共24小题，每小题2分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。带题目为能力提升题，分值不计入总分。1.已知生长素、赤霉素和乙烯对细胞的纵向伸长均有影响，三者关系如图所示，a、b、c、d表示具体作用。下列相关叙述正确的是商龙，4益容。102·

广东省2023年普通高中学业水选择性考试生物学样卷（二）参考答案1.D【命题意图】本题以盐胁迫条件下植物对根、紫，叶中无机盐的吸收和运输为情境，综合考查物质运输等知识内容，要求学生从题干中获取相关信息，结合已学知识进行解题，主要考查了学生的理解能力、实验探究能力以及知识与观念，科学思维，探究与创新等学科素养【解题分析】离子跨膜运输必须借助转运蛋白，其中载体蛋白在转运Na、CI的过程中会发生空间构象的改变，A项正确：根、茎、叶中Na,C1含量不同与细胞膜对离子的选择透过性有关，B项正确：细胞液的渗透压与浓度有关，盐胁迫下Na+、CI在根、茎、叶中积累，有利于提高细胞液的渗透压，C项正确：植株将盐离子更多地分布于叶中，可以增大地上部分的渗透压，促进水分吸收及水分向上运输，D项错误。2D【命题意图】本题以轴突的生长为情境，考查组成细胞的分子与细胞的结构等知识内容，要求学生从题干中获取相关信息进行解题，主要考查了学生的理解能力以及生命与观念、科学思维等学科素养【解题分析】细胞骨架由蛋白质组成，其中没有磷脂成分，细胞骨架对细胞器有支持作用，A项正确；细胞骨架可以锚定和支撑细胞器，与细胞内的物质运输有关，高尔基体形成的突触小泡可能沿细胞骨架向突触前膜移动，B项正确；长期记忆可能与突触形态和功能的改变以及新突触的建立有关，轴突参与突触结构的组成，C项正确；神经细胞一般不能再分裂、分化，D项错误，3.C【命题意图】本题以BCL6基因的调控作用为情境，考查细胞的增殖与分化、基因与性状的关系等知识内容，要求学生从题干中获取相关信息进行解题，主要考查了学生的理解能力、创新能力以及知识与观念、科学思维等学科素养。【解题分析】细胞癌变一般与基因突变有关，BCL6基因通过阻断B细胞末端分化来驱动细胞癌变，可能会造成细胞遗传信息的改变，A项正确；细胞的分化、调亡都受基因调控，都存在基因的选择性表达，B项正确；由题干信息可知，一个基因可以影响和控制多种性状，C项错误；在动物成熟后，BCL6基因表达水上升，可能受其他基因的调控，D项正确。4D【命题意图】本题以暹罗斗鱼的遗传实验为情境，考查遗传规律等知识内容，要求学生从题干中获取相关信息进行推理解题，主要考查了学生的理解能力、实验探究能力、解决问题能力以及知识与观念、科学思维、探究与创新等学科素养。【解题分析】由题可知，亲本中土耳其绿色鳞片×铁锈蓝色鳞片，F全为皇室蓝色鳞片，F中土耳其绿色鳞片：铁锈蓝色鳞片：皇室蓝色鳞片=1：1：2；亲本中紫色蝶翼×薰衣草色蝶翼，F中出现薰衣草色蝶翼，F2中紫色蝶翼：薰衣草色蝶翼=1：3，而6：3：3：2：1：1=(3：1)×(2：1：1),两对性状均受一对等位基因控制。若相应基因分别以A/a、B/b表示，则可确定薰衣草色蝶翼的基因型有BB、Bb,紫色蝶翼的基因型为bb,皇室蓝色鳞片的基因型为Aa,土耳其绿色鳞片的基因型为AA或aa,铁锈蓝色鳞片的基因型为aa或AA,即土耳其绿色鳞片和铁锈蓝色鳞片的基因型不能确定，A项错误；控制这两对性状的基因遗传时都遵循分离定律和自由组合定律，B项错误；若对F个体进行测交，则会出现4种表型，且比例为1：1：1：1，C项错误；暹罗斗鱼的鳞片和蝶翼色彩艳丽是一个种群内部个体的特征，体现了基因的多样性，D项正确。5.C【命题意图】本题以固有免疫记忆的形成为情境，考查表观遗传、细胞分化等知识内容，要求全国100所名校最新高考冲刺卷·参考答案第1页（供6页）【23·（新高考）高考样卷·生物学（二）·GD0G】

全国@0所名校高三单元测试示范卷教学【答案D记9.细胞内酶P能催化有氧呼吸第一阶段的相关反应。下图表示在高、低两种ATP浓度下，酶P活性与果糖-6磷酸浓度的关系。下列叙述错误的是↑低ATP浓度A.酶P只存在于需氧型生物的细胞内酶B.在一定范围内，果糖-6-磷酸浓度与酶P活性呈正相关活高ATP浓度C.高ATP浓度在一定程度上抑制了酶P的活性D.有氧呼吸的第一阶段既产生ATP,又消耗ATP【解析】本题考查酶与ATP的相关知识。酶P能催化细胞有氧呼吸第一阶段的相0果糖-6-磷酸浓度关反应，而细胞有氧呼吸的第一阶段和无氧呼吸的第一阶段完全相同，所以酶P存在于需氧型生物和厌氧型生物的细胞内，A项错误；在一定范围内，随着果糖-6-磷酸浓度的升高，酶P的活性也在升高，B项正确；分析题图可知，酶P的活性在低ATP浓度时更大，说明高ATP浓度在一定程度上抑制了酶P的活性，C项正确；在有氧呼吸的第一阶段，葡萄糖分解为丙酮酸时能产生ATP,在酶P的催化下，果糖-6-磷酸消耗ATP生成果糖-1,6-二磷酸，D项正确。【答案】A10.某科研小组将小的完整马铃薯块茎放入保温桶中，测定了初始O2、CO2的浓度以及温度，然后密闭放置，一段时间后观测保温桶中O2的减少量与CO2的增加量相等，并且保温桶壁上出现了水珠。下列分析错误的是A.实验中气体量的变化，说明马铃薯只进行了有氧呼吸B.实验中保温桶壁上的水是有氧呼吸第三阶段的产物C.欲观察创伤对细胞呼吸的影响，可将等量的马铃薯进行刀切D.实验结束后，保温桶中温度会升高，该部分能量来自有机物【解析】本题以马铃薯块茎实验为背景，考查细胞呼吸的相关内容。马铃薯的无氧呼吸产物为乳酸，不会产生CO2,因此实验中O2的减少量与CO2的增加量相等，并不能说明马铃薯只进行有氧呼吸，A项错误；有氧呼吸的第三阶段会产生水，所以实验中保温桶壁上的水是有氧呼吸第三阶段的产物，B项正确；欲观察创伤对细胞呼吸的影响，则自变量为是否有创伤，所以可将等量的马铃薯进行刀切，C项正确；细胞呼吸释放有机物中的能量，一部分转移到ATP,还有一部分以热能形式散失，因此实验结束后，保温桶中温度会升高，该部分能量来自有机物，D项正确。【答案】A11.细胞膜上的ABC转运器有两个高度保守的ATP结合区，它们通过结合ATP发生二聚化，ATP水解后使ABC转运器解聚，通过构象改变将与之结合的底物转移至细胞膜的另一侧。下列相关分析错误的是A.ABC转运器运输相关物质的方式属于主动运输B.适当升高温度，ABC转运器的转运效率可能会提高C.适当增加O2量，可提高ABC转运器运输相关物质的速率D.ABC转运器持续转运物质时将会导致细胞中ATP显著减少【解析】本题以细胞膜上的AB℃转运器为背景，考查有氧呼吸的相关内容。AB℃转运器运输相关物质需要消耗ATP,属于主动运输，A项正确；一定范围内升高温度，ABC转运器的转运效率可能会提高，B项正确；适当增加O2量、有氧呼吸作用加强，可产生较多能量，ABC转运器运输相关物质的速率加快，C项正确；ABC转运器持续转运物质会消耗ATP,但ATP与ADP的转化速率很快，不会导致细胞中ATP含量明显下降，D项错误。【答案D12.1939年，英国科学家希尔将植物细胞破碎，获0.g0.850.86得离体叶绿体。他发现即使不提供CO2,只0,80.0.57要在光照条件下给离体叶绿体提供足量铁盐0.6溶液（作氧化剂），离体叶绿体虽然不能合成：0.4有机物，但能够放出O2.1941年，几名美国020202∩2科学家制备了少量的含18O的H2O和碳酸氢0.1实验1实验2实验3盐。在适宜光照条件下，他们将3组小球藻☐HO中18O的比例/%口碳酸氢盐中18O的比例/%进行相应处理，一段时间后检测光合产物O2☐释放的O,中18O的比例/%35【24G3DY(新教材老高考)·生物学-R-必考-Y】

量；无氧呼吸吸收葡萄糖中的能量大部分储存在乳酸散失，⑧正确；⑨人体细胞中的二氧化碳一定经有氧呼中，少部分释放，释放的能量中大部分以热能形式散吸过程在线粒体中产生，人体细胞的无氧呼吸不产生失，少部分储存在ATP中；若运动强度长时间超过c,二氧化碳，⑨正确；综上所述，共4项正确。会因为乳酸大量积累而使肌肉出现酸胀乏力的现象。21,AC【命题意图】本题考查生物学实验的有关内容19.C【命题意图】本题考查酶和细胞中的能量供应的相关【解题思路】撕取紫色洋葱鳞片叶的外表皮，由于其内知识。含有紫色的中央大液泡，所以用于观察质壁分离和复【解题思路】酶在低温时活性低、空间结构稳定，因此酶原，内表皮的细胞中没有紫色液泡，不适宜观察；原生般适于在低温下保存；加酶洗衣粉中的酶制剂是通质层包括细胞膜和液泡膜以及两层膜之间的细胞质，过基因工程生产出来的，能够耐酸、耐碱、忍受表面活所以用光学显微镜观察洋葱鳞片叶外表皮细胞时，可性剂和较高温度；叶绿素主要吸收红光和蓝紫光，类胡观察到原生质层的位置；做观察细胞有丝分裂实验时，萝卜素主要吸收蓝紫光，所以缺乏叶绿素a和叶绿素解离只需要3~5分钟，解离时间不宜过长；制作洋葱b的叶绿体将无法捕获红光：腺苷和磷酸之间的化学键根尖细胞有丝分裂装片时，可用拇指轻轻按压载玻片，是普通磷酸键，ATP的能量主要贮存在磷酸基团之间使细胞分散开来的特殊化学键中。22.D【命题意图】本题考查光合作用的相关知识。【技巧点拔】酶是活细胞产生的具有催化作用的有机【解题思路】植物向阳处叶片含有淀粉，置于酒精中物，其中绝大多数酶是蛋白质。酶的催化作用具有高隔水加热、脱色后加碘液可变蓝；叶片置于含充足效性、专一性、作用条件较温和的特点。过酸、过碱或1“CO2的密闭透明照光小室3小时后，14C可转移至光合产物淀粉中；叶绿体色素主要吸收红光和蓝紫温度过高会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活，不能发挥正常的催化作用。酶的保存常用0光，连续光谱中变暗（暗带）的主要是红光和蓝紫光4℃低温保存。ATP是细胞生命活动的直接能源物区域；叶绿体悬浮液置于适宜光照下，不通入CO2,质，其分子结构可以简写成A一P~P~P,其中A代暗反应不能持续进行，无法提供ADP、NADP+等供光反应持续进行，不能持续释放氧气。表腺苷，P代表磷酸基团，~代表特殊化学键，这种化学键不稳定，断裂时释放较多的能量23.AC【命题意图】本题考查细胞骨架和支架的相关知识20.C【命题意图】本题考查细胞代谢的相关知识。【解题思路】DNA分子中的脱氧核糖和磷酸交替连接【解题思路】①酶能降低化学反应的活化能，但其高效排列在外侧，构成DNA分子的基本骨架，A正确；磷脂性是因为其降低活化能的能力比无机催化剂强，①错双分子层构成了细胞膜的基本支架，其他生物膜都有误；②保存酶应在低温下，有的酶的本质为RNA,不在相同的结构，B错误；真核细胞中有由蛋白质纤维组成核糖体上合成，②正确；③酶是在活细胞内合成的，但的细胞骨架，具有物质运输、能量转换等功能，C正确；酶不只是在细胞中发挥作用，消化酶等在细胞外发挥生物大分子为多聚体，其组成单位为单体，生物大分子作用，③错误，④植物细胞壁的主要成分为纤维素利果都以碳原子构成的碳链为基本骨架，D错误。胶，故可以用纤维素酶和果胶酶去除桓物细胞的细胞24.B【命题意图】本题考查物质跨膜运输的相关知识。壁，④正确；⑤ATP和ADP依靠快速转化来保证细胞【解题思路】转运蛋白1将Na和K+逆浓度差进行运在各种代谢情况下的能量供应，代谢旺盛的细胞中输，且消耗ATP,说明运输方式都为主动运输；转运蛋ATP与ADP的含量处于动态衡，⑤错误；⑥ATP中白2可以运输Na+和C1,分别是顺浓度差和逆浓度的A为腺苷，RNA中的碱基A为腺嘌呤，⑥错误；⑦线差进行的，说明运输Na和CI的方式分别为协助扩粒体是有氧呼吸的主要场所，但部分没有线粒体的原散和主动运输；泌氯细胞向海水排出CI时需要转运蛋核细胞也可以进行有氧呼吸，⑦错误；⑧无论有氧呼吸白3的协助，从低浓度向高浓度运输，且消耗能量，说还是无氧呼吸，释放的能量大部分都是以热能的形式明其运输方式为主动运输，故泌氯细胞的泌氯需要转·生物答26·

参考答案学生月人书循自由组合定律，遵循连锁定律，F1产生的配子类型是YB:yb=1:1于X、Y的同源区段上，若某一刚毛雄果蝇的体细胞中有B和b两种基F自交，F2的蒸因型及比例是YYBB:YyBb:yybb=1:2:1,黄色：因，则该果蝇可能的基因型为XBY或X心YB。②为确定该刚毛雄果蝇白色=3：1，测交后代的基因型及比例是YyBb:yybb=1:1,黄色的基因型是XBYb还是X心Y出，可让该果蝇与截毛雌果蝇(XX心)杂交：白色=1：1。因此设计实验探究另一对等位基因B、b是否也位于1、2分析后代的表型。③如果B和b分别位于X和Y染色体上，即该刚毛号染色体上，可以进行以下步骤：第一步，父本和母本杂交得到F;第二雄果蝇的基因型是XBY,则其与截毛雕果(X心X)蝇杂交，子代的雌性步，让F雌雄成鼠自由交配得到F2(或让多只F雌鼠与父本白鼠交配个体全为刚毛(XBX),雄性个体全为截毛(XY);如果B和b分别位得到F2):第三步，观察并统计F2中鼠的毛色性状分离比于Y和X染色体上，即该刚毛雄果蝇的基因型是XYB,则其与裁毛雌考点集训（十六）果(XX)蝇杂交，子代的雕性个体全为截毛(XX),雄性个体全为刚毛(XYB).A组B组1.C[解析]生物的性别决定不都取决于性染色体的组成，如蜜蜂的1,A[解析]据图甲可知，一条染色体上有多个基因，基因在染色体上性别，A误；若X染色体上有雄配子致死基因b,就不会产生X心X的呈线性排列；据图乙不同荧光点的位置分布也可以说明一条染色体上有个体，但是会产生XY的个体，X心基因来自雌配子，B错误；位于性染色多个基因，基因在染色体上星线性排列，A正确：图甲中朱红眼基因和深体上的基因并不一定与性别决定有关，如色觉基因，C正确；在体细胞中红眼基因位于同一条染色体上，不能自由组合，B错误；图乙中方框内的性染色体上的基因不都是成对存在的，存在非同源区段的苯因，D错误四个荧光点位置相同，说明这四个基因可能是相同基因（遗传信息相2.B[解析]白眼突变体与野生型杂交，F全部表现为野生型，雌雄比同)，也可能是等位基因（遗传信息不同），因此，方框内的四个荧光点所例为1：1，只能说明野生型相对于突变型是显性性状，不能判断白眼基在的基因所含遗传信息不一定不同，C错误；图乙为两条染色体，二者形因位于X染色体上，A错误；F中雌雄果蝇杂交，后代出现性状分离，态大小相似，基因位点相同，是一对同源染色体。同时每条染色体的同白眼全部为雄性，说明这一对性状的遗传与性别有关，说明控制该性状位置有两个基因（荧光点），据此可推测染色体中有染色单体，因此图的基因可能位于X染色体上，B正确；F性与白眼雄性杂交，后代出乙是一对含有染色单体的同源染色体，D错误。现白眼，且雌雄比例为】：1，这属于测交类型，不能说明白眼基因位于2.A[解析]由于家蚕属于ZW型，两家蚕杂交，后代雄性全为无斑X染色体上，C错误；白眼雌性与野生型雄性杂交，后代白眼全部为雄点，雕性全为斑点，所以亲本为ZZ心（雄性）、ZW(雌性)，A错误；后代性，野生型全部为雌性，能说明控制该性状的基因位于X染色体上，但非抗：抗性=3：1，说明非抗性为显性，后代表型与性别无关，故A、a不是最早说明白眼基因位于X染色体上的实验结果，D错误位于常染色体上，B,b位于性染色体上，两对性状的基因遵循自由组合3.A[解析]杂合宽叶雌株的基因型为XBX,产生XB、X两种卵细定律，B正确；无班点为显性，位于Z染色体上，C正确；两亲本的基因型胞；狭叶雄株的基因型为XY,产生XY两种花粉，其中X花粉致死为AaZZ心（雄性）、AaZW(性)，F1非抗性无点雄性(A_ZZ心)与非只有Y花粉参与受精，因此后代全部为雄株，1/2为宽叶(X8Y),1/2为抗性斑点雌性(AZ少W),子代出现抗性的概率为2/3×2/3×1/4=1/9，叶(XY).班点的概率为1/2，故抗性斑点的率为1/18，D正确4.[解析]伴X染色体显性造传病的男患者与正常人结婚，女儿都3.C[解析]白化满是常染色体隐性遗传病，假设控制白化病的基因是患者，儿子都正常：常染色体显性遗传病的男患者与正常人结婚，儿手与女儿可能都是患者（父亲为显性纯合子），也可能儿子与女儿虑病的概用A,a表,色盲是伴X染色体隐性遗传病，相关基因用B,b表示，据题意“一对夫妇都表现正常，但是生了一个白化病兼红绿色盲的孩子”可率均为1/2（父亲为显性杂合子），A,B错误；伴X染色体显性遗传病的知，该夫妇的基因型分别为AaXBY、AaXX，该孩子的基因型为女患者与正常人结婚，子女可能都是患者（母亲为显性纯合子），也可能aaXY,其中X肯定来自母亲，则不可能来自祖母，A错误；该夫妇的基子女患病概率都为1/2（母亲为显性杂合子）；常染色体显性遗传病的女因型为AaXY、AaXBX,他们再生男孩是-个白化病的概率是1/4，B患者与正常人结婚，子女可能都是虑者（母亲为显性纯合子），也可能子错误；该夫妇的基因型分别为AaXBY、AaXX,他们再生一个色盲女儿女患病概率都为1/2（母亲为显性杂合子），C正确，D错误的概率是0，C正确；父亲的基因型为AaXBY,其精子不携带致病基因的5.D[解析】雌家蚕的性染色体组成为ZW,因此正常情况下，雌家蚕概率是1/2，D错误。经一次减数分裂产生的一个卵细胞中有的性兼色体是乙或W,A错4.ABC解析]由题意可知在子一代中雌蝇：雄蝇接近2：1，说明有误：位于Z染色体和W染色体的同源区段上的一对等位基因组成的盐一半的雄性死亡，那么该基因应位于X染色体上，不然后代中雌雄比应因型种类数为7种，而位于Ⅱ-1区段上的一对等位基因组成的基因型为1：1，A正确；因为子代雄性中死掉了一半，说明亲本雌性能产生2种种类数为5种，B错误；根据正、反交组实验结果可知，显性性状为厚茧配子，那么该雌性的基因型应是XX,B正确：如果F1雌性果蝇只有B,b基因位于Ⅱ-1区段上，若B,b基因位于Z染色体和W染色体的同种表型，则致死基因为，C正确；如果致死基因为N,让下1果蝇即源区段，则正交组后代F:中雌性个体的性状也应该为厚茧，这与题干信XX,XXn和XY随机交配，理论上F2成活个体中杂合子的比例为息不符，C错误；正、反交组F,中的雌雄家歪随机交配，后代出现薄茧/7.门家蚕的概率均为1/4，D正确。5.AB[解析]系谱图中，I1与I2均正常，他们的女儿Is患甲病，可6.BCD[解析]通过表格分析可知，长翅对残翅为显性，红眼对白眼为推知甲病是常染色体上的隐性遗传病，A正确；根据A的分析，患者Ⅱ？显性，亲本果蝇的基因型分别是DdXEY和DdXEX,故亲本的雌雄果蝇的甲病的致病基因一个来自个来自I?,一个来自I4,乙病致病基因位都为长翅红眼，A正确；通过表格分析可知，D/基因位于常染色体上于线粒体DNA上，所以Ⅱ？个体的乙病的致病基因来自I3,B正确；乙B错误：控制超长的基因在常染色体上，控制眼色的基因在X染色体上病致病基因位于线粒体DNA上，表现为母系遗传的特点，Ⅱg不患乙故两对基因的遗传符合自由组合定律，C错误；亲本基因型为DdXEY和病，所以Ⅱ8与Ⅱ，的后代不可能患乙病，C错误；设控制甲病的正常基DdXEX,后代雌性中纯合子有DDXEXE和ddXEXE,放纯合子占的比例因与致病基因为A、a,Ⅱ6的关于甲病的基因型为1/3AA、2/3Aa,Ⅱ7为1/4×1/2+1/4×1/2=1/4，D错误的关于甲病的基因型为aa,Ⅱ6与Ⅱ后代患甲病的概率为2/3×1/27.AD[解折]由图可知，甲与乙、丙与丁为两对同源染色体，且丁为Y1/3,不患甲病的橛率为1-1/3=2/3，由于Ⅱ，患乙病，根据乙病的遗传染色体，该果蝇的基因型为DdEeX山YA,表型为长翅灰身刚毛白眼，A特点，可推知Ⅱ6和Ⅱ？的后代一定患乙病，综合考虑，Ⅱ6与Ⅱ？的后代错误；现代分子生物学技术能够用特定的分子，与染色体上的某一个基只患一种病（只患乙病，不患甲病）的概率为2/3×1=2/3，D错误，因结合，这个分子又能被带有荧光标记的物质识别，通过荧光显示就能6.(1)分离刚毛知道基因在染色体上的位置，B正确；丙为X染色体，丁为Y染色体，两(2)不相同该昆虫的刚毛和截毛品系分别进行正、反交，结果F代均者为同源染色体，在减数分裂I前期可发生部分联会，C正确：若减数分表现为刚毛，因此截毛的遗传方式不是伴X染色体隐性遗传裂时，基因D、e、a、b出现在细胞的同一极，则可能发生了染色体互换，也(3)F雌雄个体相互交配，观察子代的性状及比例若其子代雕、雄性可能发生了基因突变，D错误。个体中，刚毛个体和截毛个体的数量比都为3：1，则可判定A和a位于8.(1)I1常染色体上；若其子代雕性个体均为刚毛，雄性个体中，刚毛个体与截毛(2)I个体数量比为1：1，或若其子代雄性个体均为刚毛，雌性个体中，刚毛个(3)①X8Y或XYB②让该果蝇与截毛雕果蝇杂交，分析后代的表型体与截毛个体数量比为1：1，则可判定A和a不位于常染色体上③B和b分别位于X和Y染色体上B和b分别位于Y和X染色解析](1)根据题意，来本为刚毛和截毛，正反交所得F均为刚毛，故体上显性性状是刚毛，刚毛基因、截毛基因的遗传遵循分离定律。[解析](I)图乙显示：B和b基因分别位于X和Y染色体上，R或r基(2)人红绿色盲的遗传方式是伴X染色体隐性遗传，而该昆虫的刚毛和因只位干X染色体上，据此可推知B和b基因位于图甲中的I区段，R截毛品系分别进行正、反交，结果F1代均表现为刚毛，故截毛的遣传方和r基因位于图甲中的Ⅱ区段。式不是伴X染色体隐性遗传。(2)在减数分裂时，图甲中只有X和Y染色体的同源区段之间才有染色(3)若要进一步判定A和a是否位于常染色体上，可选择下1中雌雄个体互换现象发生，即I区段。体相互交配，观察子代的性状及比例(3)①结合对(1)的分析可知：控制果蝇刚毛和裁毛性状的基因B,b位预期结果及结论：①若其子代雌、雄性个体中，刚毛个体和截毛个体的数635

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③二甲双胍组给予二甲双胍片100毫克，用水溶解并灌胃；格列美脲组用格列美脲100毫克研磨后，用甘油溶解并灌胃；联合用药组，用上述两种方法先后灌胃；组给予100毫克生理盐水灌胃。上述喂药过程，每天一次，

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第十一单元基因突变及其他变异~生物的进化1.B【解析】人体肝脏中具有全基因组重复的细胞，这样的细胞称为多倍体细胞，其能阻止肿瘤抑制基因缺失，即其含有肿瘤抑制基因，因此，多倍体细胞的存在有利于阻止癌症的

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①2③④A.①在化学反应中易得到电子B.(C.①和④化学性质相同②的微粒符号可表示为0D.表示稳定结构的只有②和③宏观辨识与微观探析是化学学科的核心素养之一。下列宏观事实的微观解释正确的是…【选项宏观

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第十一单元物质结构元素周期律1.D【解题分析】它们均属于由C构成的不同单质，互为同素异形体。2.A【解题分析】N2中2个N原子通过氮氮三键结合，键能较大，而O2中2个O原子之间键能较小，所以氨气的化学

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14.C【解析】本题主要考查细胞的衰老、细胞的全考查学生的获取信

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12.“酸性一氧化还原性”双循环佳和安优V-O-H-NH;H2ONH;-V-O-NH;-H-O-VV-O-HNOHO←N2←V-0-NH]-N-O-H-0-VV-0-NH:-N=0H-OV下列说法错误

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3④装置C中得到紫色固体和溶液。则装置C中Cl2与Fe(OH),发生反应生成KzFO,的离子方程式为0(2)探究K2FeO,的性质取装置C中的紫色溶液，加人稀硫酸，产生黄绿色气体，经检验气体中含有C2

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温能反应稀疏酸反应装胃或食稀玻酸计一盐酸图像氢邻化生成物Zn粒n钠溶液反应过程实验现象或温度计的水银柱反应物总能最大于反应开始后，针简反应开始后，甲处液图像信息上升生成物总能量活塞向右移动面低于乙处液

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9.用如图4所示实验装置和方法进行相应实验，能达到实验目的的是13.甲烷与硫化氢可通过重整反应制取氢气，反应为CH4+2H,S=CS2+4H,。现将原料按n(CIa):n(H2S尽破凹已对准小孔=1：

20.(本小题满分12分)椭圆C:十6=1(a>b>0),焦距为2W2,左、右焦点分别为F1、F.点P为椭圆C与y轴的-个交点，且∠FPP(1)求椭圆C的标准方程；(2)椭圆C的左、右顶点分别为A、B,过点(1,0)的直线与椭圆C交于M,N两点，证明：直线AM与BN的交点Q在一条定直线上，并求出定直线方程.21.(本小题满分12分)已知函数f(x)=lnx.(1)证明：f(x)+1≤x;(2)若函数h(x)=2f),存在工1<，使A(x,)=h(),求证x,<(二)选考题：共10分。请考生在第22、23两题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分.22.(10分)【选惨4一4：坐标系与参数方程】在直角坐标系xOy中，直线l的参数方程是(入为参数)，以坐标原点O为极y=2-5点，以x轴非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线C的极坐标方程为psin'0=4cos0.(1)求直线1的直角坐标方程和曲线C的普通方程；(2)设直线1与曲线C相交与A,B两点，求△OAB的面积.23.(10分)【选修4一5：不等式选讲】已知函数f(x)=2x+3-2x-7的最大值为m.2者正实数a6心裤足a+6十6=m求证。十十≥易(1)求m的值；11

8已知如图，椭圆C着于兰-1o>6>0),斜率为}的直线1与答题栏题号椭圆C交于A,B两点，与x轴，y轴分别交于M,N两点，若8易A=NM=M店，则椭圆C的离心率e为9A司10助力A115代哈抢分笔记agn号9.《九章算术》中有如下问题：今有蒲生一日，长四尺，莞生一日，长一尺.蒲生日自半，莞生日自倍.意思是：今有蒲第一天长高四尺，莞第一天长高一尺，以后蒲每天长高前一天的一半，莞每天长高前一天的两倍.请问第几天，莞的长度是蒲的长度的2倍A.4天B.5天C.6天D.7天10.已知盒子中装有形状、大小完全相同的五张卡片，分别标有数字1,2,3,4,5，现每次从中任意取一张，取出后不再放回，若抽取三次，则在前两张卡片所标数字之和大于6的条件下，第三张卡片数字小于3的概率为A司B号cD.211.已知函数f(x)=cos wx十√3 sin wx(w∈N),若对H入∈R,在[入，入+2]上至少存在两个不等的实数m,n,使得f(m)f(n)=4,则ω的最小值为BA.2B.3C.5D.7【题型专练B·理科数学（三）第3页（共4页）老高考】

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Thirdly,you can try to improve your writing bymaking an English pen pal.It's also a good way【写作指导】fo

1、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY·化学-LKB-必考-GX]七试题

分为烃类，和钠不反应，可以用N块检验乙醇分子存在不同于烃分子中的氢原子，C项不符合题意；苯和甲苯都能萃取溴水中的溴单质，使溴水褪色，因此不能验证苯的同系物中的取代基对苯基活性有影响，D项符合题意。11

2、开卷文化 2024普通高等学校招生统一考试 压轴卷(一)1试题(化学)

1、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY·化学-LKB-必考-FJ]一试题

13.某化学小组欲测定KCIO3与NaHSO3反应的化学反应速率，并探究

3、2024届全国100所名校单元测试示范卷·地理[24·G3DY·地理-ZTB-必考-FJ]六试题

体眼江上游河谷居民点多分布在(D)A.高海拔缓坡B.高海拔陡坡C.低海拔陡坡D.低海拔缓坡【解析)据图可知，氓江上游河谷居民地多分布在低海拔缓坡。(B)5.眼江上游河谷底部耕地分布较少，可能是由于A.

4、2024届全国100所名校单元测试示范卷·地理[24·G3DY·地理-ZTB-必考-QG]四试题

转变，减少城市化的制度障碍和成本。(4分)20.(1)白洋淀水位7米以上的部分，湖底坦，当水位从7米开始再往上涨时，大部分湖底被湖水淹没，导致湖面的面积急剧增加，使均水深的数值下降。(4分)(2)

5、2024届全国100所名校单元测试示范卷·地理[24·G3DY·地理-ZTB-必考-GX]三试题

【原因纠错一大气环境)1阅读图文材料，完成下列【海水性列要(1)简述喀什地区聚落的空间分布特，点要求。(2)分析乡村聚落集中分布于中高海拔、缓坡康市是浙江省金华市代管县级市，位于新藻而地和温暖地区的